【334348】2024年普通高等学校招生全国统一数学考试全国新课标Ⅰ卷
……………○……………外……………○……………装……………○……………订……………○……………线……………○………………
学校:
姓名: 班级:
考号:
……………○……………内……………○……………装……………○……………订……………○……………线……………○………………
绝密★启用前
153584-卷1 2024年普通高等学校招生全国统一考试(全国新课标Ⅰ卷)《2025高考试题攻略 第1辑 一年真题风标卷 数学》
学校:___________姓名:___________班级:___________考号:___________
题号 |
一 |
二 |
三 |
四 |
总分 |
得分 |
|
|
|
|
|
注意事项:
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.已知集合A={x|-5<
<5},B={-3,-1,0,2,3},则
( )
A.{-1,0} B.{2,3}
C.{-3,-1,0} D.{-1,0,2}
2.若
,则
A.-1-i B.-1+i
C.1-i D.1+i
3.已知向量
,若
,则
A.-2 B.-1
C.1 D.2
4.已知
,则
( )
A.-3m B.
C.
D.3m
5.已知圆柱和圆锥的底面半径相等,侧面积相等,且它们的高均为
,则圆锥的体积为
A.2
π
B.3
π
C.6
π
D.9
π
6.已知函数
在R上单调递增,则
的取值范围是
A.(-∞,0] B.[-1,0]
C.[-1,1] D.[0,+∞)
7.当
π
时,曲线
与
的交点个数为( )
A.3 B.4 C.6 D.8
8.已知函数
的定义域为
>
,且当
<3时
,则下列结论中一定正确的是
A.f(10)>100B.f(20)>1 000
C.f(10)<1 000D.f(20)<10 000
二、选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分。
9.随着“一带一路”国际合作的深入,某茶叶种植区多措并举推动茶叶出口
为了解推动出口后的亩收入(单位:万元)情况,从该种植区抽取样本,得到推动出口后亩收入的样本均值
,样本方差
已知该种植区以往的亩收入
服从正态分布
,假设推动出口后的亩收入
服从正态分布N(
,s2),则(若随机变量
服从正态分布
,则P(Z<μ+σ)≈0.841
3)( )
A.P(X>2)>
B.P(X>2)<
C.P(Y>2)>
D.P(Y>2)<
10.设函数
,则
A.x=3是
的极小值点
B.当0<
<1时
<
C.当1<
<2时,-4<
<0
D.当-1<
<0时
>
11.设计一条美丽的丝带,其造型“
”可以看作图中的曲线
的一部分
已知
过坐标原点
,且
上的点满足:横坐标大于-2;到点
的距离与到定直线x=a(a<0)的距离之积为
则
A.a=-2
B.点(2
,0)在
上
C.C在第一象限的点的纵坐标的最大值为1
D.当点
在
上时
三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分。
12.设双曲线
:
-
=1(a>
>0)的左、右焦点分别为
,过
作平行于
轴的直线交
于
两点
若|
|=13,|
|=10,则
的离心率为
13.若曲线
在点(0,1)处的切线也是曲线
的切线,则
14.甲、乙两人各有四张卡片,每张卡片上标有一个数字,甲的卡片上分别标有数字1,3,5,7,乙的卡片上分别标有数字
两人进行四轮比赛,在每轮比赛中,两人各自从自己持有的卡片中随机选一张,并比较所选卡片上数字的大小,数字大的人得1分,数字小的人得0分,然后各自弃置此轮所选的卡片(弃置的卡片在此后的轮次中不能使用).则四轮比赛后,甲的总得分不小于2的概率为 .
四、解答题:本题共5小题,共77分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
15.(13分)记△
的内角
的对边分别为 .
已知sin
cos
.
(1)求
;
(2)若△
的面积为3+
,求
.
16.已知
和
为椭圆
:
+
=1(a>
>0)上两点
(1)求
的离心率;
(2)若过
的直线
交
于另一点
,且△
的面积为9,求
的方程
17.(15分)如图,四棱锥
中
底面
(1)若
,证明:
∥平面
;
(2)若
,且二面角
的正弦值为
,求
.
18.(17分)已知函数
(1)若
,且
,求
的最小值;
(2)证明:曲线
是中心对称图形;
(3)若
>-2当且仅当1<
<2,求
的取值范围
19.(17分)设
为正整数,数列
,…
是公差不为0的等差数列,若从中删去两项
和aj(i<j)后剩余的
项可被平均分为
组,且每组的4个数都能构成等差数列,则称数列
,…
是
可分数列
(1)写出所有的
<
,使得数列
,…
是
可分数列;
(2)当
时,证明:数列
,…
是(2,13)-可分数列;
(3)从1,2,…
中一次任取两个数
和j(i<j),记数列
,…
是
可分数列的概率为
,证明:
>
参考答案
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1. A
由题意可知
,所以
故选A.
2. C
由
,可得
,即1+
,所以
,所以
,所以
,故选C.
3. D
由题意知
,又
,所以
,即
,解得
,故选D.
4. A
由tan
,可得
=2,即sin
由
,可得cos
,所以
,故选A.
5. B
设圆柱、圆锥的底面半径为
,则圆锥的母线长为
=
又圆柱与圆锥的侧面积相等,所以
π
π
,解得
,所以圆锥的体积
π
=3
π
,故选B.
6. B
当
<0时,函数
,若函数
在(-∞,0)上单调递增,则有
,即
;当
时,函数
,函数
在[0,+∞)上单调递增
因为函数
在R上单调递增,所以
,解得
综上可得
故选B.
7. C
令
=
π
,则
+
,
又
π
,所以
,
,
,
,
,
令
π
,则
+
,
又
π
,所以
,
,
,
,
,
,
如图,作出函数
与
在
π
上的大致图像,由图可知,两函数图像共有6个交点
故选C.
8. B
由
>
,且当
<3时
知
>
>
>3+2=5,
>
>
>
>8+5=13,
以此类推,类似斐波那契数列,
>3,
>
>
>13,…,
即1,2,>3,>5,>8,>13,…,则
>
>1 597,所以
>
>1 597,故B正确
错误;
由
>
知
取比
大的数即可,所以
无最大值,故
错误
故选B.
二、选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分。
9. BC
由题可得X~N(1.8,0.12),Y~N(2.1,0.12),所以P(X>2)=P(X>μ+2σ)<P(X>σ+μ)≈1-0.841
7<
,故A错误
正确;P(Y>2)=P(Y>μ1-σ1)≈0.841
3>
,故C正确
错误
10. ACD
由题可得
,令
>0,即
>0,得
<1或
>3;令
<0,得1<
<3,所以
在(-∞,1),(3,+∞)上单调递增,在(1,3)上单调递减,所以
是
的极小值点
正确
当0<
<1时,0<
<
<1,所以
>
错误
当1<
<2时,1<
<3,因为
在(1,3)上单调递减,所以-4<
<
正确
,所以
,令
>0,得
<1,所以当-1<
<0时
>
成立
正确
故选ACD.
11. ABD
设曲线
上任一点
,由
上的点到点
的距离与到定直线x=a(a<0)的距离之积为4,可得
·
=4,又∵
过坐标原点,∴
·
=4,得|
|
又∵
<0,∴
,故A正确
由A选项可得,曲线
的方程为
·
=4(x>-2),即
-(x-2)2(x>-2),将点(2
,0)的坐标代入上式,得
-(2
-2)2,成立,∴点(2
,0)在
上,故B正确
令
-(x-2)2(x>0),
则
,
令
,则
,
∴
在(0,1)上单调递减,在(1,+∞)上单调递增,
又
<
>0,
∴存在
,使得
∴
在
上单调递增,在
上单调递减,
∴
在
处取得极大值,也是最大值,
∴
>
,∴
在第一象限的点的纵坐标的最大值大于1,故C错误
∵点
在
上,∴
=
-(x0-2)2(x0>-2),由
>-2可知
,∴
≤
,又
>-2,∴
>0,∴0≤|
|≤
,∴
成立,故D正确
故选ABD.
三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分。
12.
因为
与
轴平行,所以
与
轴垂直,结合双曲线的对称性知|
|=|
|
又|
|=13,所以|
|=
=
=12,则
,而
|
|-|
|=13-5=8,所以
,所以离心率
=
13.
2
令
,则
,所以曲线
在点(0,1)处的切线斜率为
,所以切线方程为
令
,则
因为直线
也是曲线
的切线,所以令
=2,解得
,则曲线
与直线
的切点坐标为
,所以
2,解得
14.
列举法:假设乙固定按照2,4,6,8的顺序,则甲所有的可能如表所示
1 |
3 |
5 |
7√ |
5 |
1 |
3 |
7√ |
1 |
3 |
7 |
5√ |
5 |
1 |
7 |
3 |
1 |
5 |
3 |
7√ |
5 |
3 |
1 |
7√ |
1 |
5 |
7 |
3 |
5 |
3 |
7 |
1 |
1 |
7 |
3 |
5√ |
5 |
7 |
1 |
3 |
1 |
7 |
5 |
3√ |
5 |
7 |
3 |
1 |
3 |
1 |
5 |
7√ |
7 |
1 |
3 |
5√ |
3 |
1 |
7 |
5 |
7 |
1 |
5 |
3√ |
3 |
5 |
1 |
7 |
7 |
3 |
1 |
5√ |
3 |
5 |
7 |
1 |
7 |
3 |
5 |
1√ |
3 |
7 |
1 |
5 |
7 |
5 |
1 |
3 |
3 |
7 |
5 |
1 |
7 |
5 |
3 |
1 |
从中找均小于2,4,6,8与有3个数字分别小于2,4,6,8的情况,此时甲得0分或1分,符合上述情况的有表中打√的12种情况
那么甲的总得分不小于2分也有12种情况,由古典概型概率公式得所求概率为
=
(说明:固定乙的顺序,将甲的情况排列出来,去挑选,也可以从中判断甲有2个及以上的数字超过乙的
如果改变乙的顺序,其情况是类似的).
四、解答题:本题共5小题,共77分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
15.
(1)
(2)2
(1)已知
,则有cos
=
又
π
,所以
又sin
cos
,所以cos
=
又
π
,所以
(2)由(1)可得
,由正弦定理,不妨令
=
=k(k>0),则有
又S△ABC=3+
,
所以S△ABC=
·
k(sin
C)=
=
=3+
,解得k=4(负值舍去),故
16.
(1)
()
或
x
(1)将
的坐标代入椭圆
的方程,可得
解得
则
,即
,
则
的离心率
=
=
(2)由(1)可得椭圆
的方程为
+
当直线
的斜率不存在时,直线
的方程为
,此时S△ABP=
×3×3=
≠9,不符合题意,故直线
的斜率存在
解法一:设直线
的方程为
=
+
(
≠3),
(
,
),
联立
消去
整理得
>0①,则
由点
在
上,得
,即
②
由①②知
,此时
所以
-3=
,代入直线
的方程可得
由
可得|
|=
,直线
的方程为
,设点
到直线
的距离为
,则S△ABP=
·|
|
×
,解得
由点到直线的距离公式可得
=
,
将
代入上式,
解得
或
,当
时
;当
时
,
所以直线
的方程为
或
解法二:设直线
的方程为
-
=
(
-3),令
(
,
),
(
,
),联立
消去
可得
,
>
,
所以
所以|
|=
·
=
又点
到直线
的距离
,
·
·
=9,
解得
或
,所以直线
的方程为
或
17.
(1)见解析
(2)
(1)【证明】由
可得,
,∴
.
又
底面
底面
,∴
.
又
平面
,∴
平面
.
【提醒】要着力寻找平面内的两条相交直线
∵
底面
底面
,∴
.
又
,且
平面
,
∴
平面
,∴
∥BC(提示:垂直于同一个平面的两直线平行),
又
平面
⊄平面
,∴
∥平面
.
(2)【解】以
为坐标原点
所在直线分别为
轴,过点
且垂直于平面
的直线为
轴,建立如图所示的空间直角坐标系,则
,
设A(x,0,0)(0<
<2),则P(x,0,2),C(0,
,0).
则
=(-x,
,0),
=(0,0,2),
=(0,
,0),
设平面
的法向量为
,
则
即
令
,则
,∴n1=(
,x,0).
设平面
的法向量为
,
则
即
令
,则
,
∴
设二面角
的平面角为
,
则|cos
|=
=
=
,则
=
,
解得
(负值舍去).
即
的长为
18.
(1)-2 (2)见解析
(3)
(1)【解】当
时
,
则
·
·
.
∵
,∴
在(0,2)上恒成立
当
时
,∴
∈(-∞,-2],
∴
,即
的最小值为
(2)【证明】∵
,
∴
令
,则
,∴
是定义域为(-1,1)的奇函数,其图像关于坐标原点
对称
又∵
的图像可由
的图像向右平移1个单位长度,再向上平移
个单位长度得到,∴曲线
是中心对称图形
19. (1)(1,2),(1,6),(5,6) (2)见解析 (3)见解析
(1)【解】满足题意的
为
(2)【证明】因为在公差不为0的等差数列
中
成等差数列⇔
成等差数列,
当
>3时
,…
可连续4项为一组等差数列,
故需证明序号为1,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,14的项可分成三组项数为4的等差数列,易知分为(1,4,7,10),(3,6,9,12),(5,8,11,14)三组满足题意,所以当
时,数列
,…
是(2,13)-可分数列
(3)【证明】解法一:由(2)可知,等差数列
,…
是
可分数列⇔数列1,2,…
是
可分数列
下面证明1,2,…
是
可分数列
当
时
与
是相邻两项,可分为(1,2,3,4),(5,6,7,8),…
,…
当
>
时
,…
,共
项,中间的
项可连续4项为一组,前后的项可分为(1,2,3,4),…
与
,…
此时
共有
组
再证:1,2,…
是
可分数列(0≤k<r≤m).
易知1~4k与4r+3~4m+2是可分的,
只需考虑
,…
的可分性
设
,只需证:1,3,4,…
可分.(提示:1~4p+2去掉2与4p+1)
当
时,1,3,4,6,无法做到;
当
时,
,可以做到;
当
时,
,可以做到;
当
时,1,
,4,5,6,
,8,9,10,
,
,13,14,
,
,18,
(1,5,9,13),(3,7,11,15),(4,8,12,16),(6,10,14,18)满足题意
故∀
,可划分为:
,…
,共
组
事实上,就是
,…
,且把2换成
,此时
即
共有
组.(提示:(0,1),(1,2),…
不可行)
综上,可行的
与
至少有
组,
故
=
=
>
得证!
解法二:对于等差数列
,
,…,
中的
,
,
<
若
≡1(mod
4),
≡2(mod 4),则
;
;…;
构成
个等差数列,
;
;…;
构成
个等差数列
;
;…;
构成
个等差数列,
故成立
此时
有
组,
=
>
由(2)可知,考虑若
<
≡2(mod 4),j≡1(mod
4)的可行性
令
,则
当
时,有1,3,4,6,不可行
当
时,有
当
时,有
不难发现几个等差数列的公差均为
,故我们可尝试构造一个关于
的一般性的式子求解
对于
的情况:
;
;…;
构成
个等差数列
而对于中间部分,不妨
则
,…
,此时恰好没有2和
,恰好是
个等差数列,故构造成立
综上,已证
<
≡1(mod 4),j≡2(mod
4)时成立;
<
≡2(mod 4),j≡1(mod
4)且
时成立
首先:
,
当
时,有
个
满足;当
时,有
个
满足;…;当
时,有1个
满足
共有
组
当
时,有
个
满足;当
时,有
个
满足;…;当
时,有到0个
满足
共有
组
故
=
>
,证毕
解法三:先证数列
,
,…,
是(2,4
+1)(其中
≥2)-可分数列
当
时
分成
两组等差数列
,…
项一组成等差数列,所以
时成立
当
时,由(2)可知数列是(2,13)-可分数列
当
时
,…
分成
四组等差数列
,…
项一组成等差数列,所以
成立
以此类推,当
时
,…
可划分成
,…
,共
组等差数列
下面用数学归纳法证明
>
①当
时,删去的
为
,共3个
=
=
>
,∴
>
成立
②假设
时
>
成立,则当
时,
若
∉{
}或
∉{
},则去掉这4项,变为
的情形;
若
共4×4=16种情况,其中
和
成立,至少两种;
当
或
,其中
和
成立,概率为
=
所以
>
又因为
,所以
>
=
由①②可知
>
对
恒成立,
所以
>
成立
得证!
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