【327710】2022年吉林省中考数学真题

绝密·启用前

2022年吉林省中考数学真题

题号	一	二	三	总分
得分

注意事项：

1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息

2．请将答案正确填写在答题卡上

评卷人 得分

一、选择题

1.吉林松花石有“石中之宝”的美誉，用它制作的砚台叫松花砚，能与中国四大名砚媲美．下图是一款松花砚的示意图，其俯视图为（       ）

A．
B．
C．
D．

2.要使算式 的运算结果最大，则“□”内应填入的运算符号为（       ）
A．+
B．-
C．×
D．÷

3. 与2的差不大于0，用不等式表示为（       ）
A．
B．
C．
D．

4.实数 ， 在数轴上对应点的位置如图所示，则 ， 的大小关系为（       ）

A．
B．
C．
D．无法确定

5.如图，如果 ，那么 ，其依据可以简单说成（       ）

A．两直线平行，内错角相等
B．内错角相等，两直线平行
C．两直线平行，同位角相等
D．同位角相等，两直线平行

6.如图，在 中， ， ， ．以点 为圆心， 为半径作圆，当点 在 内且点 在 外时， 的值可能是（       ）

A．2
B．3
C．4
D．5

评卷人 得分

二、填空题

7.实数 的相反数是__________．

8.计算： =____．

9.篮球队要购买10个篮球，每个篮球 元，一共需要__________元．（用含 的代数式表示）

10.《九章算术》中记载了一道数学问题，其译文为：有大小两种盛酒的桶，已知5个大桶加上1个小桶可以盛酒3斛（斛，音hú，是古代一种容量单位），1个大桶加上5个小桶可以盛酒2斛．1个大桶、1个小桶分别可以盛酒多少斛？设1个大桶可以盛酒 斛、1个小桶可以盛酒 斛．根据题意，可列方程组为__________．

11.第二十四届北京冬奥会入场式引导牌上的图案融入了中国结和雪花两种元素．如图，这个图案绕着它的中心旋转角 后能够与它本身重合，则角 可以为__________度．（写出一个即可）

12.如图，在平面直角坐标系中，点 的坐标为 ，点 在 轴正半轴上，以点 为圆心， 长为半径作弧，交 轴正半轴于点 ，则点 的坐标为__________．

13.如图，在矩形 中，对角线 ， 相交于点 ，点 是边 的中点，点 在对角线 上，且 ，连接 ．若 ，则 __________．

14.如图，在半径为1的 上顺次取点 ， ， ， ， ，连接 ， ， ， ， ， ．若 ， ，则 与 的长度之和为__________．（结果保留 ）．

评卷人 得分

三、解答题

15.如图， ， ．求证： ．

16.下面是一道例题及其解答过程的一部分，其中 是关于 的多项式．请写出多项式 ，并将该例题的解答过程补充完整．

例先去括号，再合并同类项： （ ） ． 解： （ ） ．

17.长白山国家级自然保护区、松花湖风景区和净月潭国家森林公园是吉林省著名的三个景区．甲、乙两人用抽卡片的方式决定一个自己要去的景区．他们准备了3张不透明的卡片，正面分别写上长白山、松花湖、净月潭．卡片除正面景区名称不同外其余均相同，将3张卡片正面向下洗匀，甲先从中随机抽取一张卡片，记下景区名称后正面向下放回，洗匀后乙再从中随机抽取一张卡片，请用画树状图或列表的方法，求两人都决定去长白山的概率．

18.图①，图②均是 的正方形网格，每个小正方形的顶点称为格点．其中点 ， ， 均在格点上．请在给定的网格中按要求画四边形．

(1)在图①中，找一格点 ，使以点 ， ， ， 为顶点的四边形是轴对称图形；
(2)在图②中，找一格点 ，使以点 ， ， ， 为顶点的四边形是中心对称图形．

19.刘芳和李婷进行跳绳比赛．已知刘芳每分钟比李婷多跳20个，刘芳跳135个所用的时间与李婷跳120个所用的时间相等．求李婷每分钟跳绳的个数．

20.密闭容器内有一定质量的气体，当容器的体积 （单位： ）变化时，气体的密度 （单位： ）随之变化．已知密度 与体积 是反比例函数关系，它的图像如图所示．

(1)求密度 关于体积 的函数解析式；
(2)当 时，求该气体的密度 ．

21.动感单车是一种新型的运动器械．图①是一辆动感单车的实物图，图②是其侧面示意图．△BCD为主车架，AB为调节管，点A，B，C在同一直线上．已知BC长为70cm，∠BCD的度数为58°．当AB长度调至34cm时，求点A到CD的距离AE的长度（结果精确到1cm）．（参考数据：sin58°=0.85，cos58°=0.53，tan58°=1.60）

22.为了解全国常住人口城镇化率的情况，张明查阅相关资料，整理数据并绘制统计图如下：

2017-2021年年末全国常住人口城镇化率城化率

（以上数据来源于《中华人民共和国2021年国民经济和社会发展统计公报》）
注： ．例如，城镇常住人口60.12万人，总人口100万人，则总人口城镇化率为60.12%．
回答下列问题：
(1)2017-2021年年末，全国常住人口城镇化率的中位数是 %；
(2)2021年年末全国人口141260万人，2021年年末全国城镇常住人口为 万人；（只填算式，不计算结果）
(3)下列推断较为合理的是 （填序号）．
①2017-2021年年末，全国常住人口城镇化率逐年上升，估计2022年年末全国常住人口城镇化率高于64.72%．
②全国常住人口城镇化率2020年年末比2019年年末增加1.18%，2021年年末比2020年年末增加0.83%，全国常住人口城镇化率增加幅度减小，估计2022年年末全国常住人口城镇化率低于64.72%．

23.李强用甲、乙两种具有恒温功能的热水壶同时加热相同质量的水，甲壶比乙壶加热速度快．在一段时间内，水温 （℃）与加热时间 之间近似满足一次函数关系，根据记录的数据，画函数图象如下：

(1)加热前水温是 ℃；
(2)求乙壶中水温 关于加热时间 的函数解析式；
(3)当甲壶中水温刚达到80℃时，乙壶中水温是 ℃．

24.下面是王倩同学的作业及自主探究笔记，请认真阅读并补充完整．
(作业)如图①，直线 ， 与 的面积相等吗？为什么？

解：相等．理由如下：
设 与 之间的距离为 ，则 ， ．
∴ ．
(探究)
(1)如图②，当点 在 ， 之间时，设点 ， 到直线 的距离分别为 ， ，则 ．

证明：∵


(2)如图③，当点 在 ， 之间时，连接 并延长交 于点 ，则 ．

证明：过点 作 ，垂足为 ，过点 作 ，垂足为 ，则 ，
∴ ．
∴ ．
∴ ．
由(探究)（1）可知 ，
∴ ．
(3)如图④，当点 在 下方时，连接 交 于点 ．若点 ， ， 所对应的刻度值分别为5，1.5，0， 的值为 ．

25.如图，在 中， ， ， ．动点 从点 出发，以 的速度沿边 向终点 匀速运动．以 为一边作 ，另一边 与折线 相交于点 ，以 为边作菱形 ，点 在线段 上．设点 的运动时间为 ，菱形 与 重叠部分图形的面积为 ．

(1)当点 在边 上时， 的长为 ；（用含 的代数式表示）
(2)当点 落在边 上时，求 的值；
(3)求 关于 的函数解析式，并写出自变量 的取值范围．

26.如图，在平面直角坐标系中，抛物线 （ ， 是常数）经过点 ，点 ．点 在此抛物线上，其横坐标为 ．

(1)求此抛物线的解析式；
(2)当点 在 轴上方时，结合图象，直接写出 的取值范围；
(3)若此抛物线在点 左侧部分（包括点 ）的最低点的纵坐标为 ．
①求 的值；
②以 为边作等腰直角三角形 ，当点 在此抛物线的对称轴上时，直接写出点 的坐标．

参考答案

1.C

【解析】
根据俯视图的定义（从上面观察物体所得到的视图）即可得．
解：其俯视图是由两个同心圆（不含圆心）组成，即为
，
故选：C．

2.A

【解析】
将各选项的运算符号代入计算即可得．
解： ，
，
，
，
因为 ，
所以要使运算结果最大，应填入的运算符号为 ，
故选：A．

3.D

【解析】
根据差运算、不大于的定义列出不等式即可．
解：由题意，用不等式表示为 ，
故选：D．

4.B

【解析】
在以向右为正方向的数轴上，右边的点表示的数大于左边的点表示的数，根据此结论即可得出结论．
由图知，数轴上数b表示的点在数a表示的点的右边，则b＞a
故选：B．

5.D

【解析】
根据“同位角相等，两直线平行”即可得．
解：因为 与 是一对相等的同位角，得出结论是 ，
所以其依据可以简单说成同位角相等，两直线平行，
故选：D．

6.C

【解析】
先利用勾股定理可得 ，再根据“点 在 内且点 在 外”可得 ，由此即可得出答案．
解： 在 中， ， ， ，
，
点 在 内且点 在 外，
，即 ，
观察四个选项可知，只有选项C符合，
故选：C．

7.

【解析】
根据只有符号不同的两个数为互为相反数进行解答．
解：根据相反数的定义，
可得 的相反数是 ．
故答案为：

8.

【解析】
试题根据同底数幂的乘法性质，底数不变，指数相加，可直接结算， .

9.

【解析】
根据“总费用 购买篮球的数量 每个篮球的价格”即可得．
解：由题意得：一共需要的费用为 元，
故答案为： ．

10. ##

【解析】
根据题中两个等量关系：5个大桶加上1个小桶可以盛酒3斛；1个大桶加上5个小桶可以盛酒2斛，列出方程组即可．
由题意得：
故答案为： ．

11.60或120或180或240或300（写出一个即可）

【解析】
如图（见解析），求出图中正六边形的中心角，再根据旋转的定义即可得．
解：这个图案对应着如图所示的一个正六边形，它的中心角 ，
，
角 可以为 或 或 或 或 ，
故答案为：60或120或180或240或300（写出一个即可）．

12.

【解析】
连接 ，先根据点 的坐标可得 ，再根据等腰三角形的判定可得 是等腰三角形，然后根据等腰三角形的三线合一可得 ，由此即可得出答案．
解：如图，连接 ，

点 的坐标为 ，
，
由同圆半径相等得： ，
是等腰三角形，
，
（等腰三角形的三线合一），
又 点 位于 轴正半轴，
点 的坐标为 ，
故答案为： ．

13. ##2.5

【解析】
由矩形的性质可得点F是OA的中点，从而EF是△AOD的中位线，则由三角形中位线定理即可求得EF的长．
∵四边形ABCD是矩形，
∴BD=AC=10，OA= AC，OD= BD=5，
∵ ，
∴ ，即点F是OA的中点．
∵点 是边 的中点，
∴EF是△AOD的中位线，
∴ ．
故答案为： ．

14. ##

【解析】
由圆周角定理得 ，根据弧长公式分别计算出 与 的长度，相减即可得到答案．
解：∵ ，
∴
又 的半径为1，
的长度=
又 ，
∴ 的长度=
∴ 与 的长度之和= ，
故答案为： ．

15.证明见解析

【解析】
先利用三角形全等的判定定理（ 定理）证出 ，再根据全等三角形的性质即可得．
证明：在 和 中， ，
，
．

16. ，解答过程补充完整为

【解析】
利用 除以 可得 ，再根据合并同类项法则补充解答过程即可．
解：观察第一步可知， ，
解得 ，
将该例题的解答过程补充完整如下：

，
故答案为： ．

17.甲、乙两人都决定去长白山的概率为 ．

【解析】
画树状图，共有9种等可能的结果，其中两人都决定去长白山的结果有1种，再由概率公式求解即可．
解：长白山、松花湖、净月潭依次用字母A，B，C表示，
画树状图如下：

共有9种等可能的结果，其中甲、乙两人都决定去长白山的结果有1种，
∴甲、乙两人都决定去长白山的概率为 ．

18.(1)图见解析
(2)图见解析

【解析】
（1）以 所在直线为对称轴，找出点 的对称点即为点 ，再顺次连接点 即可得；
（2）根据点 平移至点 的方式，将点 进行平移即可得点 ，再顺次连接点 即可得．
(1)
解：如图①，四边形 是轴对称图形．

(2)
解：先将点 向左平移2格，再向上平移1个可得到点 ，
则将点 按照同样的平移方式可得到点 ，
如图②，平行四边形 是中心对称图形．

19.160个

【解析】
设李婷每分钟跳绳的个数为 个，则刘芳每分钟跳绳的个数为 个，根据“刘芳跳135个所用的时间与李婷跳120个所用的时间相等”建立方程，解方程即可得．
解：设李婷每分钟跳绳的个数为 个，则刘芳每分钟跳绳的个数为 个，
由题意得： ，
解得 ，
经检验， 是所列分式方程的解，且符合题意，
答：李婷每分钟跳绳的个数为160个．

20.(1)
(2)1

【解析】
（1）用待定系数法即可完成；
（2）把V=10值代入（1）所求得的解析式中，即可求得该气体的密度．
(1)
设密度 关于体积 的函数解析式为 ，
把点A的坐标代入上式中得： ，
解得：k=10，
∴ ．
(2)
当 时， （ ）．
即此时该气体的密度为1 ．

21.点A到CD的距离AE的长度约为88cm．

【解析】
根据正弦的概念即可求解．
解：在Rt△ACE中，∠AEC=90°，∠ACE=58°，AC=AB+BC=34+70=104(cm)，
∵sin∠ACE= ，即sin58°= ，
∴AE=104×0.85=88.4≈88(cm)，
∴点A到CD的距离AE的长度约为88cm．

22.(1)
(2)
(3)①

【解析】
（1）根据中位数的定义即可得；
（2）根据城镇化率的计算公式即可得；
（3）根据全国常住人口城镇化率逐年上升的趋势，可估计2022年年末全国常住人口城镇化率高于 ，由此即可得出答案．
(1)
解：2017-2021年年末，全国常住人口城镇化率按从小到大进行排序为 ， ， ， ， ，则排在中间位置的数即为中位数，
所以中位数为 ，
故答案为： ．
(2)
解：2021年年末全国城镇常住人口为 万人，
故答案为： ．
(3)
解：2017-2021年年末，全国常住人口城镇化率逐年上升，估计2022年年末全国常住人口城镇化率高于 ，则推断①较为合理；
全国常住人口城镇化率2020年年末比2019年年末增加 ，2021年年末比2020年年末增加 ，全国常住人口城镇化率增加幅度减小，可估计全国常住人口城镇化率2022年年末比2021年年末增加幅度小于 ，但2022年年末全国常住人口城镇化率会高于 ，则推断②不合理；
故答案为：①．

23.(1)20
(2)
(3)65

【解析】
（1）根据 时， 即可得；
（2）先判断出乙壶对应的函数图象经过点 ，再利用待定系数法即可得；
（3）先利用待定系数法求出甲壶中 与 的函数解析式，再求出 时， 的值，然后将 的值代入乙壶中 与 的函数解析式即可得．
(1)
解：由函数图象可知，当 时， ，
则加热前水温是 ，
故答案为：20．
(2)
解：因为甲壶比乙壶加热速度快，
所以乙壶对应的函数图象经过点 ，
设乙壶中水温 关于加热时间 的函数解析式为 ，
将点 代入得： ，
解得 ，
则乙壶中水温 关于加热时间 的函数解析式为 ，
自变量x的取值范围是0≤x≤160．
(3)
解：设甲壶中水温 关于加热时间 的函数解析式为 ，
将点 代入得： ，
解得 ，
则甲壶中水温 关于加热时间 的函数解析式为 ，
当 时， ，解得 ，
将 代入 得： ，
即当甲壶中水温刚达到 时，乙壶中水温是 ，
故答案为：65．

24.(1)证明见解析
(2)证明见解析
(3)

【解析】
（1）根据三角形的面积公式可得 ，由此即可得证；
（2）过点 作 ，垂足为 ，过点 作 ，垂足为 ，先根据平行线的判定可得 ，再根据相似三角形的判定可证 ，根据相似三角形的性质可得 ，然后结合(探究)（1）的结论即可得证；
（3）过点 作 于点 ，过点 作 于点 ，先根据相似三角形的判定证出 ，再根据相似三角形的性质可得 ，然后根据三角形的面积公式可得 ， ，由此即可得出答案．
(1)
证明： ， ，
．
(2)
证明：过点 作 ，垂足为 ，过点 作 ，垂足为 ，则 ，

．
．
．
由(探究)（1）可知 ，
．
(3)
解：过点 作 于点 ，过点 作 于点 ，则 ，

，
，
，
点 所对应的刻度值分别为5， ，0，
， ，
，
又 ， ，
，
故答案为： ．

25.(1)2x
(2)1
(3)

【解析】
（1）先证明∠A=∠AQP=30°，即AP=PQ，根据题意有AP=2x，即PQ=2x；
（2）当M点在BC上，Q点在AC上，在（1）中已求得AP=PQ=2x，再证明△MNB是等边三角形，即有BN=MN，根据AB=6x=6cm，即有x=1（s）；
（3）分类讨论：当 时，此时菱形PQMN在△ABC的内部，此时菱形PQMN与△ABC重叠的面积即是菱形PQMN的面积，过Q点作QG⊥AB于G点，求出菱形的面积即可；当x＞1，且Q点在线段AC上时，过Q点作QG⊥AB于G点，设QM交BC于F点，MN交BC于E点，过M点作NH⊥EF于H点，先证明△ENB是等边三角形、△MEF是等边三角形，重叠部分是菱形PQMN的面积减去等边△MEF的面积，求出菱形PQMN的面积和等边△MEF的面积即可，此时需要求出当Q点在C点时的临界条件；当 时，此时Q点在线段BC上，此时N点始终与B点重合，过Q点作QG⊥AB于G点，重叠部分的面积就是△PBQ的面积，求出等边△PBQ的面积即可．
(1)
当Q点在AC上时，
∵∠A=30°，∠APQ=120°，
∴∠AQP=30°，
∴∠A=∠AQP，
∴AP=PQ，
∵运动速度为每秒2cm，运动时间为x秒，
∴AP=2x，
∴PQ=2x；
(2)
当M点在BC上，Q点在AC上，如图，

在（1）中已求得AP=PQ=2x，
∵四边形QPMN是菱形，
∴PQ=PN=MN=2x， ，
∵∠APQ=120°，
∴∠QPB=60°，
∵ ，
∴∠MNB=∠QPB=60°，
∵在Rt△ABC中，∠C=90°，∠A=30°，
∴∠B=60°，
∴△MNB是等边三角形，
∴BN=MN，
∴AB=AP+PN+BN=2x×3=6x=6cm，
∴x=1（s）；
(3)
当P点运动到B点时，用时6÷2=3（s），
即x的取值范围为： ，
当M点刚好在BC上时，
在（2）中已求得此时x=1，
分情况讨论，
即当 时，此时菱形PQMN在△ABC的内部，
∴此时菱形PQMN与△ABC重叠的面积即是菱形PQMN的面积，
过Q点作QG⊥AB于G点，如图，

∵∠APQ=120°，
∴∠QPN=60°，即菱形PQMN的内角∠QPN=∠QMN=60°，
∴QG=PQ×sin∠QPN=2x×sin60°= ，
∴重叠的面积等于菱形PQMN的面积为，即为： ；
当x＞1，且Q点在线段AC上时，
过Q点作QG⊥AB于G点，设QM交BC于F点，MN交BC于E点，过M点作NH⊥EF于H点，如图，

∵ ，
∴∠MNB=∠QPN=60，
∵∠B=60°，
∴△ENB是等边三角形，
同理可证明△MEF是等边三角形
∴BN=NE，∠MEF=60°，ME=EF，
∵AP=PQ=PN=MN=2x，AB=6，
∴BN=6-AN=6-4x，
∴ME=MN-NE=2x-BN=6x-6，
∵MH⊥EF，
∴MH=ME×sin∠MEH=(6x-6)×sin60°= ，
∴△MEF的面积为： ，
QG=PQ×sin∠QPN=2x×sin60°= ，
∵菱形PQMN的面积为 ，
∴重叠部分的面积为 ，
当Q点与C点重合时，可知此时N点与B点重合，如图，

∵∠CPB=∠CBA=60°，
∴△PBC是等边三角形，
∴PC=PB，
∵AP=PQ=2x，
∴AP=PB=2x，
∴AB=AP+PB=4x=6，
则x= ，
即此时重合部分的面积为： ， ；
当 时，此时Q点在线段BC上，此时N点始终与B点重合，过Q点作QG⊥AB于G点，如图，

∵AP=2x，
∴PB=AB-AP=6-2x，
∵∠QPB=∠ABC=60°，
∴△PQB是等边三角形，
∴PQ=PB，同时印证菱形PQMN的顶点N始终与B点重合，
∴QG=PQ×sin∠QPN=(6-2x)×sin60°= ，
∴ ，
∴此时重叠部分的面积 ，
综上所述： ．

26.(1)
(2) 或
(3)① 或3；② 或 或

【解析】
（1）根据点 的坐标，利用待定系数法即可得；
（2）先根据抛物线的解析式求出此抛物线与 轴的另一个交点坐标为 ，再画出函数图象，由此即可得；
（3）①先求出抛物线的对称轴和顶点坐标、以及点 的坐标，再分 和 两种情况，分别画出函数图象，利用函数的增减性求解即可得；
②设点 的坐标为 ，分 和 两种情况，分别根据等腰直角三角形的定义建立方程组，解方程组即可得．
（1）解：将点 代入 得： ，解得 ，则此抛物线的解析式为 ．
（2）解：对于二次函数 ，当 时， ，解得 或 ，则此抛物线与 轴的另一个交点坐标为 ，画出函数图象如下： 则当点 在 轴上方时， 的取值范围为 或 ．
（3）解：①二次函数 的对称轴为直线 ，顶点坐标为 ，当 时， ，即 ，（Ⅰ）如图，当 时， 当 时， 随 的增大而减小，则此时点 即为最低点，所以 ，解得 或 （不符题设，舍去）；（Ⅱ）如图，当 时， 当 时， 随 的增大而减小；当 时， 随 的增大而增大，则此时抛物线的顶点即为最低点，所以 ，解得 ，符合题设，综上， 的值为 或3；②设点 的坐标为 ，由题意，分以下两种情况：（Ⅰ）如图，当 时，设对称轴直线 与 轴的交点为点 ， 则在等腰 中，只能是 ， 垂直平分 ，且 ， （等腰三角形的三线合一）， ，解得 ，则此时点 的坐标为 或 ；（Ⅱ）当 时，由（3）①可知，此时 ，则点 ， ， ， ，当 时， 是等腰直角三角形，则 ，即 ，方程组无解，所以此时不存在符合条件的点 ；当 时， 是等腰直角三角形，则 ，即 ，解得 ，所以此时点 的坐标为 ；当 时， 是等腰直角三角形，则 ，即 ，方程组无解，所以此时不存在符合条件的点 ；综上，点 的坐标为 或 或 ．