2024年天津市高考化学试卷（回忆版）

一、选择题

1．关于天津博物馆典藏文物的相关化学知识，判断错误的是（　　）

A．太保鼎（西周）的材质是青铜，青铜属于合金

B．《雪景寒林图》（北宋）的材质是绢（蚕丝织品），绢属于天然高分子制品

C．白釉龙柄联腹传瓶（隋），其材质是陶瓷，陶瓷属于无机非金属材料

D．乾隆款珐琅彩芍药雉鸡图玉壶春瓶（清），其珐琅彩由矿物颜料经高温烧制而成，该颜料属于有机化合物

【答案】D

【考点】无机非金属材料；有机高分子化合物的结构和性质

【分析】A．青铜属于铜、锡合金；

B．，蚕丝属于天然高分子；

C．陶瓷属于无机非金属材料；

D．珐琅彩的颜料属于无机物。

【解答】解：A．太保鼎（西周）的材质是青铜，青铜属于铜、锡合金，故A正确；B．《雪景寒林图》（北宋）的材质是绢，属于蚕丝织品，蚕丝属于天然高分子，故B正确；C．白釉龙柄联腹传瓶（隋），其材质是陶瓷，陶瓷属于无机非金属材料，故C正确；D．珐琅彩由矿物颜料经高温烧制而成，该颜料属于无机物，故D错误，故选：D。

【难度】1

2．我国学者在碳化硅（SiC）表面制备出超高迁移率半导体外延石墨烯。下列说法正确的是（　　）

A．SiC是离子化合物

B．SiC晶体的熔点高、硬度大

C．核素¹⁴C的质子数为8

D．石墨烯属于烯烃

【答案】B

【考点】共价晶体

【分析】A．SiC是由Si—C键构成的化合物；

B．SiC晶体是共价晶体；

C．质子数＝原子序数；

D．石墨烯是由碳元素组成的单质。

【解答】解：A．SiC是由Si—C键构成的化合物，是共价化合物，故A错误；B．SiC晶体是共价晶体，SiC晶体的熔点高、硬度大，故B正确；C．质子数＝原子序数，核素¹⁴C的原子序数为6，故质子数为6，故C错误；D．石墨烯是由碳元素组成的单质，不属于烯烃，故D错误；故选：B。

【难度】3

3．实验室中下列做法错误的是（　　）

A．含重金属离子（如Pb²⁺、Hg²⁺等）的废液，加水稀释后排放

B．轻微烫伤时，先用洁净的冷水处理，再涂抹烫伤药膏

C．乙炔等可燃性气体点燃前要检验纯度

D．将有机废液收集后送专业机构处理

【答案】A

【考点】化学实验安全及事故处理

【分析】A．含重金属离子（如Pb²⁺、Hg²⁺等）的废液，加水稀释还是含有重金属；

B．轻微烫伤时，先用洁净的冷水处理；

C．任何可燃性气体点燃前都需要检验其纯度；

D．有机废液污染较大。

【解答】A．含重金属离子（如Pb²⁺、Hg²⁺等）的废液，加水稀释还是含有重金属，故处理方法错误，一般使用硫化物进行沉淀处理，故A错误；B．轻微烫伤时，先用洁净的冷水处理，再涂抹烫伤药膏，操作规范，故B正确；C．任何可燃性气体点燃前都需要检验其纯度，故乙炔等可燃性气体点燃前要检验纯度，故C正确；D．有机废液污染较大，应该交给专业机构处理，故D正确；故选：A。

【难度】3

4．柠檬烯是芳香植物和水果中的常见组分。下列有关它的说法错误的是（　　）

A．属于不饱和烃

B．所含碳原子采取sp²或sp³杂化

C．与氯气能发生1，2﹣加成和1，4﹣加成

D．可发生聚合反应

【答案】C

【考点】原子轨道杂化方式及杂化类型判断；有机物的结构和性质

【分析】A．不饱和烃是指分子中含有碳碳双键或碳碳三键的碳氢化合物；

B．连接双键的碳原子采用sp²杂化，只连接单键的碳原子采用sp³杂化；

C．该有机物不属于共轭二烯烃；

D．含有碳碳双键的有机物能发生加聚反应。

【解答】解：A．该有机物属于含有碳碳双键的碳氢化合物，所以属于不饱和烃，故A正确；B．分子中连接双键的碳原子采用sp²杂化，只连接单键的碳原子采用sp³杂化，故B正确；C．该有机物不属于共轭二烯烃，不能发生1，4﹣加成，故C错误；D．该有机物中含有碳碳双键，所以能发生加聚反应，故D正确；故选：C。

【难度】3

5．甲胺（CH₃NH₂）水溶液中存在以下平衡：CH₃NH₂+H₂O⇌CH₃ OH^﹣。已知：25℃时，CH₃NH₂的K_b＝4.2×10^﹣4，NH₃•H₂O的K_b＝1.8×10^﹣5。下列说法错误的是（　　）

A．CH₃NH₂的

B．CH₃NH₂溶液中存在c（H⁺）+c（CH₃ ）＝c（OH^﹣）

C．25℃时，0.1mol/LNH₄Cl溶液与0.1mol/LCH₃NH₃Cl溶液相比，NH₄Cl溶液中的c（H⁺）小

D．0.01mol/LCH₃NH₂溶液与相同浓度的CH₃NH₃Cl溶液以任意比例混合，混合液中存在c（CH₃NH₂）+c（CH₃ ）＝0.01mol/L

【答案】C

【考点】弱电解质的电离平衡

【分析】A．CH₃NH₂的K_b等于生成物浓度幂之积与反应物浓度幂之积的比，H₂O是纯液体，没有浓度；

B．该溶液呈电中性，存在电荷守恒；

C．相同温度下，碱的电离平衡常数越大，其碱性越强，对应的离子水解程度越小，相同浓度氯化物的溶液中c（H⁺）越小；

D．0.01mol/LCH₃NH₂溶液与相同浓度的CH₃NH₃Cl溶液以任意比例混合，混合液中存在含氮微粒的物料守恒。

【解答】解：A．CH₃NH₂的K_b等于生成物浓度幂之积与反应物浓度幂之积的比，H₂O是纯液体，没有浓度，则CH₃NH₂的 ，故A正确；B．该溶液呈电中性，存在电荷守恒c（H⁺）+c（CH₃ ）＝c（OH^﹣），故B正确；C．相同温度下，CH₃NH₂的K_b大于NH₃•H₂O的K_b，碱性：CH₃NH₂＞NH₃•H₂O，0.1mol/LNH₄Cl溶液与0.1mol/LCH₃NH₃Cl溶液相比，水解程度：前者小于后者，则NH₄Cl溶液中的c（H⁺）大，故C错误；D．0.01mol/LCH₃NH₂溶液与相同浓度的CH₃NH₃Cl溶液以任意比例混合，混合液中存在含氮微粒的物料守恒c（CH₃NH₂）+c（CH₃ ）＝0.01mol/L，故D正确；故选：C。

【难度】5

二、非选择题

6．天然产物P是具有除草活性的植物化感物质，其合成路线如图：

（1）A因官能团位置不同而产生的异构体（不包含A）数目为 　 　；其中核磁共振氢谱有四组峰的异构体的结构简式为 　 　，系统命名为 　 　。

（2）B的含氧官能团名称为 　 　。

（3）写出B→C的化学方程式 　 　。

（4）D的结构简式为 　 　。

（5）F→G的反应类型为 　 　。

（6）根据G与H的分子结构，判断下列说法正确的是 　 　（填序号）。

a.二者互为同分异构体

b.H的水溶性相对较高

c.不能用红外光谱区分二者

（7）已知产物P在常温下存在如下互变异构平衡。下列说法错误的是 　 　（填序号）。

a.P和P′经催化加氢可得相同产物

b.P和P′互为构造异构体

c.P存在分子内氢键

d.P′含有手性碳原子

（8）已知氯代烃（R—Cl）与醇（R′—OH）在碱的作用下生成醚（R—O—R′）。以甲苯和化合物C为原料，参照题干路线，完成目标化合物的合成 　　（无机试剂任选）。

【答案】（1）2； ；1，2，3﹣苯三酚；（2）羟基、羰基；（3） ；（4）CH₃OCH₂Cl；（5）取代反应（或酯化反应）；（6）ab；（7）d；（8） 。

【考点】有机物的合成

【分析】A与氢气发生还原反应生成B，B与乙醇分子间脱去1分子水形成醚键生成C，B的分子式为C₂H₅ClO，对比C与E的结构简式，推知D为CH₃OCH₂Cl，E中醚键水解重新引入B→C过程中消除的羟基生成F，F与乙酸发生酯化反应生成G，G发生异构化生成H，H重新引入C→E过程中消除的羟基生成G，可知B→C过程、C→E过程的目的是保护特定位置的羟基；

（8）结合题中已知，模仿C到P的合成过程， 与 反应生成 ， 在盐酸条件下水解生成 ， 与 发生酯化反应生成 ， 异构化生成 ， 与Cl₂在光照条件下生成 ， 用酸性高锰酸钾溶液氧化生成 。

【解答】解：（1）A因官能团位置不同而产生的异构体（不包含A）还有 、 共2种，其中核磁共振氢谱有四组峰的异构体的结构简式为 ，系统命名为1，2，3﹣苯三酚，

故答案为：2； ；1，2，3﹣苯三酚；（2）观察结构可知，B的含氧官能团名称为羟基、羰基，故答案为：羟基、羰基；（3）B→C的化学方程式为 ，故答案为： ；（4）B的分子式为C₂H₅ClO，对比C与E的结构简式，推知D的结构简式为CH₃OCH₂Cl，故答案为：CH₃OCH₂Cl；（5）F中羟基与乙酸发生酯化反应生成G，也属于取代反应，故答案为：取代反应（或酯化反应）；（6）G与H的分子式相同，含有的官能团种类不同，二者互为同分异构体，能用红外光谱区分二者，G中酯基异构为H后有亲水基羟基产生，则H的水溶性相对较高，故a与b正确、c错误，故答案为：ab；（7）a．P和P′中碳碳双键、羰基都能与氢气发生加成反应，则催化加氢可得相同产物，故a正确；b．P和P′是不同的原子连接顺序而产生的同分异构体，二者互为构造异构体，故b正确；c．P分子2个羟基位置适合，存在分子内氢键，故c正确；d．P′分子中没有连接4个不同原子或原子团的碳原子，没有手性碳原子，故d错误，故答案为：d；（8）结合题中已知，模仿C到P的合成过程， 与 反应生成 ， 在盐酸条件下水解生成 ， 与 发生酯化反应生成 ， 异构化生成 ， 与Cl₂在光照条件下生成 ， 用酸性高锰酸钾溶液氧化生成 ，合成路线为 ，故答案为： 。

【难度】5

7．柠檬酸钙[Ca₃（C₆H₅O₇）₂]微溶于水、难溶于乙醇，是一种安全的食品补钙剂。某学习小组以蛋壳为主要原料，开展制备柠檬酸钙的如图实验。

Ⅰ．实验流程

（1）实验中，需将蛋壳研磨成粉，其目的是 　 　。

（2）写出蛋壳主要成分与醋酸反应的离子方程式 　 　，此反应的实验现象是 　 　。

（3）实验流程中，先将蛋壳粉与醋酸反应，而不是直接与柠檬酸溶液反应。解释该设计的理由 　 　。

（4）过滤时用到的玻璃仪器有 　 　。

（5）洗涤柠檬酸钙最适宜的试剂是 　 　（填序号）。

a.水

b.乙醇

c.醋酸

（6）上述实验流程中可循环使用的反应物为 　 　。

Ⅱ．柠檬酸钙样品纯度的测定

已知：柠檬酸钙的摩尔质量为Mg/mol，EDTA与Ca²⁺按1：1（物质的量之比）形成稳定配合物。

将干燥后的柠檬酸钙样品ag置于锥形瓶中，按照滴定要求将其配成浅液，用1mol/LNaOH溶液调节pH大于13，加入钙指示剂，用bmol/L的EDTA标准溶液滴定至试液由紫红色变为蓝色，达到滴定终点，消耗EDTA标准溶液VmL。

（7）配制1mol/LNaOH溶液时，需将洗涤烧杯内壁和玻璃棒的洗涤液一并转移至容量瓶中，其目的是 　 　。

（8）测定实验中，滴定管用蒸馏水洗涤后，加入EDTA标准溶液之前，需进行的操作为 　 　。若滴定所用锥形瓶在使用前洗净但未干燥，会导致测定结果 　 　（填“偏高”、“偏低”或“无影响”）。

（9）样品中柠檬酸钙质量分数的表达式是 　 （用字母表示）。

【答案】（1）增大反应物接触面积，使反应更加充分，提高反应速率；（2）CaCO₃+CH₃COOH＝Ca²⁺+2CH₃COO^﹣+H₂O+CO₂↑；蛋壳粉溶解，有气泡产生；（3）醋酸钙易溶，柠檬酸钙微溶，反应生成的柠檬酸钙覆盖在蛋壳粉表面会阻碍进一步反应；（4）烧杯、漏斗、玻璃棒；（5）b；（6）CH₃COOH或醋酸；（7）减少溶质的损失，降低实验误差；（8）用少量EDTA标准溶液润洗滴定管2～3次；无影响；（9） 。

【考点】制备实验方案的设计；探究物质的组成或测量物质的含量

【分析】蛋壳的主要成分是碳酸钙，蛋壳研磨后加入醋酸得到醋酸钙，过滤后得到醋酸钙溶液，醋酸钙溶液中加入柠檬酸得到柠檬酸钙，过滤、洗涤、干燥后得到柠檬酸钙；

（1）反应物的接触面积越大，反应速率越快；

（2）碳酸钙和醋酸反应生成醋酸钙和CO₂、H₂O，碳酸钙难溶于水，醋酸钙易溶于水，该反应中有CO₂气体生成；

（3）醋酸钙易溶，柠檬酸钙微溶，碳酸钙难溶；

（4）过滤时用到的玻璃仪器有漏斗、烧杯、玻璃棒；

（5）柠檬酸钙[Ca₃（C₆H₅O₇）₂]微溶于水、难溶于乙醇；

（6）醋酸钙和柠檬酸反应生成醋酸和柠檬酸钙；

（7）配制1mol/LNaOH溶液时，需将洗涤烧杯内壁和玻璃棒的洗涤液一并转移至容量瓶中，烧杯内壁和玻璃棒沾有NaOH；

（8）测定实验中，滴定管用蒸馏水洗涤后，加入EDTA标准溶液之前，需进行的操作为用少量EDTA标准溶液润洗滴定管2～3次；若滴定所用锥形瓶在使用前洗净但未干燥，会导致测定结果无影响；

（9）n（Ca²⁺）＝n（EDTA）＝bmol/L×10^﹣3VL＝10^﹣3bVmol，n（柠檬酸钙） n（Ca²⁺） 10^﹣3bVmol，样品中柠檬酸钙质量分数 100%。

【解答】解：（1）反应物的接触面积越大，反应速率越快，所以实验中，需将蛋壳研磨成粉，其目的是增大反应物接触面积，使反应更加充分，提高反应速率，故答案为：增大反应物接触面积，使反应更加充分，提高反应速率；（2）碳酸钙和醋酸反应生成醋酸钙和CO₂、H₂O，离子方程式为：CaCO₃+CH₃COOH＝Ca²⁺+2CH₃COO^﹣+H₂O+CO₂↑；碳酸钙难溶于水，醋酸钙易溶于水，该反应中有CO₂气体生成，所以看到的现象是蛋壳粉溶解，有气泡产生，故答案为：CaCO₃+CH₃COOH＝Ca²⁺+2CH₃COO^﹣+H₂O+CO₂↑；蛋壳粉溶解，有气泡产生；（3）醋酸钙易溶，柠檬酸钙微溶，碳酸钙难溶，反应生成的柠檬酸钙覆盖在蛋壳粉表面会阻碍进一步反应，故答案为：醋酸钙易溶，柠檬酸钙微溶，反应生成的柠檬酸钙覆盖在蛋壳粉表面会阻碍进一步反应；（4）过滤时用到的玻璃仪器有漏斗、烧杯、玻璃棒，故答案为：烧杯、玻璃棒、漏斗；（5）柠檬酸钙[Ca₃（C₆H₅O₇）₂]微溶于水、难溶于乙醇且乙醇易挥发，所以应该选取乙醇作洗涤剂，故答案为：b；（6）醋酸钙和柠檬酸反应生成醋酸和柠檬酸钙，溶解蛋壳用醋酸，所以醋酸能循环利用，故答案为：CH₃COOH或醋酸；（7）配制1mol/LNaOH溶液时，需将洗涤烧杯内壁和玻璃棒的洗涤液一并转移至容量瓶中，烧杯内壁和玻璃棒沾有NaOH，否则导致配制溶液的浓度偏低，误差偏大，故答案为：减少溶质的损失，降低实验误差；（8）测定实验中，滴定管用蒸馏水洗涤后，加入EDTA标准溶液之前，需进行的操作为用少量EDTA标准溶液润洗滴定管2～3次，否则标准溶液浓度偏小；若滴定所用锥形瓶在使用前洗净但未干燥，EDTA的浓度和体积不变，不影响测定结果，故答案为：用少量EDTA标准溶液润洗滴定管2～3次；无影响；（9）n（Ca²⁺）＝n（EDTA）＝bmol/L×10^﹣3VL＝10^﹣3bVmol，n（柠檬酸钙） n（Ca²⁺） 10^﹣3bVmol，样品中柠檬酸钙质量分数 100% 100% ，故答案为： 。

【难度】5