2023年辽宁省朝阳市中考物理试卷
一、选择题（1-8小题为单选题，每小题2分，9-10小题为多选题，每小题2分，对于多选题，错选、漏选、多选不得分）
1．（2分）编钟是我国春秋战国时期的乐器。下列说法正确的是（ ）
A．悠扬的编钟声是由钟的振动产生的
B．大小不同的编钟振幅相同时，发出声音的音调相同
C．敲钟时，用力越大钟声在空气中的传播速度越大
D．通过钟声能判断钟是否破损，利用了声波可以传递能量
【答案】A
【考点】声音产生的原因；不同介质的声音速度；响度与振幅、距离发声体的关系；声与信息．
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）物理学中把声音的高低称为音调，音调的高低与发声体的振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高；
人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小；
（3）声音在同温度的同种均匀介质中传播速度是相同的；
（4）音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。
【解答】解：A．敲击钟时发出的声音是由钟振动而产生的，故A正确；B．大小不同的钟振动幅度相同时，发声的响度相同、音调不同，故B错误；C．敲钟时，用力越大，钟声的响度越大，而响度不同的钟声在空气中的传播速度是相同的，故C错误；D．通过钟声能判断钟是否破损是利用了声音可以传递信息，故D错误。故选：A。
【难度】1
2．（2分）夏季，我们漫步大凌河畔。下列关于光现象说法正确的是（ ）
A．河水看起来比实际浅是由光的直线传播形成的
B．桥在水中的倒影是由光的折射形成的
C．绿光是色光的三原色之一
D．柳树的影子是由光的反射形成的
【答案】C
【考点】光的反射现象；光的折射现象；光的三原色；光沿直线传播的现象．
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
（2）色光的三原色是红、绿、蓝。
【解答】解：A、池水看起来比实际浅，是因为光从水中斜射入空气中时发生了折射，故A错误；B、桥在水中的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B错误；C、色光的三原色是红、绿、蓝，因此绿光是色光的三原色之一，故C正确；D、柳树的影子是由于光的直线传播形成的，故D错误。故选：C。
【难度】1
3．（2分）下列物态变化中，需要吸热的是（ ）
A．初春，湖面上冰化成水
B．夏天，山顶上形成薄雾
C．秋天，草叶上形成露珠
D．严冬，树枝上出现雾凇
【答案】A
【考点】升华的吸热特点；熔化的概念及现象；熔化的吸热特点；液化的概念及现象；升华的概念及现象．
【分析】物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；物质从液体变为固态是凝固过程，凝固放热；物质从气态变为液态是液化过程，液化放热；物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸热；物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热。
【解答】解：A．湖面上的冰，熔化成水，需要吸收热量，故A符合题意；B．山顶上形成薄雾是水蒸气液化形成的小水滴，液化需要放热，故B不符合题意；C．草叶上形成露珠是水蒸气液化形成的小水滴，液化需要放热，故C不符合题意；D．树枝上的雾凇是空气中的水蒸气凝华形成的，凝华需要放出热量，故D不符合题意。故选：A。
【难度】1
4．（2分）“每天锻炼一小时，幸福生活一辈子”，适度运动有利于身体健康。下列关于运动的说法正确的是（ ）
A．人在跑步时有惯性，停下来后惯性消失
B．踢球时，在地面上滚动的足球如果所受外力全部消失将保持静止
C．打篮球时，篮球撞击篮板后反弹回来说明了力能改变物体的运动状态
D．人登山时，大气压随着海拔高度的升高而增大
【答案】C
【考点】大气压强与高度的关系；力可以改变物体的运动状态；惯性的概念；惯性的普遍性；力与运动的关系．
【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（2）牛顿一定律：物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
（3）力能改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状；
（4）大气压随着海拔高度升高而减小。
【解答】解：A、一切物体都有惯性，人在跑步时有惯性，停下来惯性不会消失，故A错误；B．在地面上滚动的足球是运动的，如果所受外力全部消失将做匀速直线运动，故B错误；C．打篮球时，篮球撞击篮板后反弹是因为力能改变物体的运动状态，故C正确；D．在登山过程中，大气压随着海拔高度升高而减小，故D错误。故选：C。
【难度】1
5．（2分）下列实例中，为了减小摩擦的是（ ）
A．鞋底和轮胎上都有凹凸不平的花纹
B．骑自行车刹车时用力捏车闸
C．下大雪后，在结冰的路面上撒煤渣
D．定期给机器的转动轴加润滑油
【答案】D
【考点】减小有害摩擦的方法．
【分析】（1）摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度。
（2）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
（3）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
【解答】解：A、鞋底和轮胎上都有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A不合题意。B、骑自行车刹车时用力捏车闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故B不合题意。C、下大雪后，在结冰的路面上撒煤渣，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意。D、定期给机器的转动轴加润滑油，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力，故D符合题意。故选：D。
【难度】1
6．（2分）如图所示，电源电压恒定，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P由中点向左端滑动过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．电流表A1的示数变大
B．电流表A2的示数不变
C．电压表V的示数变大
D．电压表V示数和电流表A2示数的比值变大
【答案】B
【考点】动态电路的分析．
【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表A2测R1支路的电流，电流表A1测干路电流；
根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后得出电压表与电流表A2的示数之比变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表A2测R1支路的电流，电流表A1测干路电流；因电源电压恒定，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A2的示数不变，所以电压表V示数与电流表A2示数比值不变；将滑动变阻器的滑片P由中点向左端滑动过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，由I
可知通过R2的电流变小；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A1的示数变小；综上所述，B正确。故选：B。
【难度】1
7．（2分）关于家庭电路及安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．电能表应该安装在保险装置之后
B．控制电灯的开关应该接在零线和电灯之间
C．用试电笔辨别火线和零线时，手指千万不要碰到笔尖
D．发现有人触电，应马上用手将其拉开
【答案】C
【考点】安全用电原则；家庭电路中各元件的连接方式；试电笔的结构与使用；常见的触电事故；触电急救．
【分析】（1）根据家庭电路的组成的顺序分析；
（2）控制用电器的开关必须连接在火线和用电器之间；
（3）使用试电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电，是十分危险的：使用试电笔时，不能用手接触试电笔前端的金属体，这样会造成人身触电事故；
（4）有人触电时，应立即切断电源或用绝缘体把人拉开。
【解答】解：A、家庭电路组成的先后顺序为：进户线、电能表、总开关、保险装置、开关、用电器、插座等，故A错误；B、控制电灯的开关必须连接在火线和电灯之间，开关断开时，电灯不带电，故B错误；C、使用试电笔时，不能用手接触试电笔前端的金属体，这样会造成人身触电事故，故C正确；D、有人触电时，应立即切断电源或用绝缘体把人拉开，用手将其拉开时，施救者会发生触电事故，故D错误。故选：C。
【难度】1
8．（2分）警用无人电动巡逻车能实现自动测温、喷洒消毒液、自动报警等功能。下列说法正确的是（ ）
A．巡逻车通过接收人体辐射的紫外线测温
B．巡逻车匀速行驶喷洒消毒液过程中，动能不变
C．巡逻车搭载的电动机工作时将机械能转化为电能
D．巡逻车上的LED指示灯由半导体材料制成
【答案】D
【考点】半导体的特点；动能和重力势能的相互转化；红外线；能量的转化与转移．
【分析】（1）红外线常用于遥控器、夜视仪、浴灯等方面，红外线的热效应强；
（2）机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关；
（3）电动机工作时将电能转化为机械能；
（4）导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，常见半导体有：锗、硅、砷化镓等。
【解答】解：A、测温仪远距测温时，是通过接收人体辐射的红外线实现的，故A错误；B、巡逻车匀速行驶喷洒消毒液过程中，速度不变，但是由于质量变小，消毒车的动能减小，故B错误；C、机器人巡逻进行广播宣传，说明声音的传播需要介质，故C错误；D、巡逻车上的LED指示灯由半导体材料制成，故D正确。故选：D。
【难度】1
9．（3分）如图所示，用40N的拉力F沿水平方向拉绳子的一端，使重500N的物体A以0.2m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动了10s。已知滑轮组的机械效率为80%，则此过程中，下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的距离为6m
B．物体A受到的摩擦力为90N
C．拉力F做的功为240J
D．拉力F的功率为19.2W
【答案】AC
【考点】功率的计算；滑轮组的特点；滑轮、滑轮组机械效率的计算；功的简单计算．
【分析】（1）利用s＝vt求物体移动的距离，由图知n＝3，绳子自由端移动的距离s＝ns物；
（2）利用W总＝Fs求拉力做的总功，利用η
求有用功，利用W有＝fs物求物体与地面间的滑动摩擦力；利用P
求拉力做功的功率。
【解答】解：A、由v
可得物体移动的距离：s物＝v物t＝0.2m/s×10s＝2m，由图知，n＝3，绳子自由端移动的距离：s＝ns物＝3×2m＝6m，故A正确；BCD、拉力做的总功：W总＝Fs＝40N×6m＝240J，故C正确；拉力做功的功率：P
24W，故D错误；由η
可知拉力做的有用功：W有＝ηW总＝80%×240J＝192J，由W有用＝fs物可知，物体与地面间的滑动摩擦力：f
96N，故B错误。故选：AC。
【难度】1
10．（3分）如图甲所示，电源电压恒定，两块电压表的量程均为0～15V，电流表量程是为0～0.6A。当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端时，灯L恰好正常发光，两块电压表和电流表示数的变化关系如图乙所示，下列说法中正确的是（ ）
A．电源电压为8V
B．灯泡L的额定功率为2.4W
C．滑动变阻器R的最大阻值为70Ω
D．滑片位于a端时，通电1分钟R0产生的热量是192J
【答案】CD
【考点】欧姆定律的应用；结合图像计算电功率；电功率的综合计算；焦耳定律的简单计算．
【分析】当开关S闭合后，分析电路的连接情况和电压表、电流表所测电路，由图乙判断出直线表示电压表V1的示数变化，曲线表示电压表V2的变化；
（1）当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端时，滑动变阻器R阻值为0，电压表V2测量定值电阻R0和灯泡L两端电压即为电源电压；
（2）当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端时，灯L恰好正常发光，此时电流表示数最大为0.4A，由串联电路电压规律可知灯L恰好正常发光时两端电压，根据P＝UI可得灯泡L的额定功率；
（3）当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P在最右端时，电路中的电阻最大，电流最小为0.1A，根据串联电路电压规律可得此时滑动变阻器R两端电压，由欧姆定律可得滑动变阻器R的最大阻值；
（4）滑片位于a端时，此时电流表示数最大为0.4A，电压表V1测量定值电阻R0两端电压，其示数为8V，根据Q＝W＝Pt可得通电1分钟R0产生的热量。
【解答】解：当开关S闭合后，滑动变阻器R、定值电阻R0、灯泡L串联接入电路，电压表V1测量定值电阻R0两端电压，电压表V2测量定值电阻R0和灯泡L两端电压，电流表测量电路电流，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端的过程中，电路中的电流在逐渐增大，电压表V1和电压表V2的示数都将增大，R0是定值电阻，电压表V1示数变化图像是一条直线，灯泡L的阻值随温度的变化而改变，电压表V2示数变化图像是逐渐上升的曲线，A、由图乙可知，当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端时，滑动变阻器R阻值为0，只有定值电阻R0、灯泡L串联接入电路，此时电压表V2测量定值电阻R0和灯泡L两端电压即为电源电压U＝10V，故A错误；B、当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端时，灯L恰好正常发光，此时电流表示数最大为I额＝0.4A，电压表V2为电源电压10V，电压表V1测量定值电阻R0两端电压为8V，由串联电路电压规律可知灯L恰好正常发光时两端电压U额＝10V﹣8V＝2V，灯泡L的额定功率P额＝U额I额＝2V×0.4A＝0.8W，故B错误；C、当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P在最右端时，电路中的电阻最大，电流最小为IR＝0.1A，电压表V2测量定值电阻R0和灯泡L两端电压，其示数为3V，由A分析知电源电压U＝10V，根据串联电路电压规律可得此时滑动变阻器R两端电压UR＝10V﹣3V＝7V，则滑动变阻器R的最大阻值Rmax
70Ω，故C正确；D、滑片位于a端时，此时电流表示数最大Imax＝0.4A，电压表V1测量定值电阻R0两端电压，其示数为8V，则通电1分钟R0产生的热量：Q0＝W0＝P0t＝U0Imaxt＝8V×0.4A×60s＝192J，故D正确。故选：CD。
【难度】1
二、非选择题
11．（2分）“端午浓情，粽叶飘香”，粽叶飘香是 现象，粽叶很难剥离是因为粽叶和粽米的分子间存在 力。
【答案】扩散；引。
【考点】扩散现象；分子间作用力的现象．
【分析】扩散现象：不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象；扩散现象表明分子在不停地运动着；分子间存在相互作用的引力和斥力。
【解答】解：根据分子热运动，“端午浓情，粽叶飘香”，粽叶飘香是扩散现象，粽叶很难剥离是因为粽叶和粽米的分子间存在引力。故答案为：扩散；引。
【难度】3
12．（2分）在学校趣味运动会上，小明参加50m托球跑比赛的成绩是10s，他托球跑的平均速度是 km/h；在接力比赛中，为使接力棒顺利交接，两名运动员应尽可能做到相对 （选填“静止”或“运动”）。
【答案】18；静止。
【考点】平均速度；运动和静止的相对性．
【分析】小明跑50m的平均速度由公式v
直接计算；
参照物和被研究的物体之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的。
【解答】解：小明参加50m托球跑比赛的成绩是10s，则他托球跑的平均速度是v
5m/s＝5×3.6km/h＝18km/h；交接棒时，以一个运动员为参照物，另一个运动员是静止的，易于传递接力棒。故答案为：18；静止。
【难度】3
13．（2分）在湖边散步的小明发现一只小鸟在水中“飞翔”，他所看到的是空中小鸟的 （选填“虚”或“实”）像；当小鸟向高处飞行时，水中的“小鸟”将 （选填“靠近”或“远离”）水面。
【答案】虚；远离。
【考点】像与物的距离；光的反射现象；平面镜成像的特点与规律．
【分析】平静的湖面相当于一个平面镜，水中的“小鸟”是小鸟在平面镜中成的像；平面镜成的像是与物体等大的虚像、像与物体到平面镜的距离相等。
【解答】解：平静的湖面相当于一个平面镜，在水中飞翔的“小鸟”是小鸟经水面成的像，是由于光的反射形成的虚像；在水中飞翔的“小鸟”是小鸟经平面镜成的像，像与物到平面镜的距离相等，当小鸟向高处飞行时，水中的“小鸟”将远离水面。故答案为：虚；远离。
【难度】3
14．（2分）如图所示，一轻质杠杆在水平位置平衡，其中OB＝4OA，物体C重为100N，则动力F＝ N，这是 省力 杠杆。
【答案】25；省力
【考点】杠杆的平衡条件的计算．
【分析】（1）根据杠杆平衡条件可求得动力F；
（2）根据动力臂与阻力臂的大小关系确定杠杆类型。
【解答】解：已知OB＝4OA，物体C重为100N，根据杠杆平衡条件可得：FC×OA＝F×OB，即F
25N；由题知，O为支点，因为OB＝4OA，动力臂大于阻力臂，此杠杆为省力杠杆。故答案为：25；省力。
【难度】3
15．（2分）中国航天科技集团研发的太阳能无人机已完成临近空间飞行实验，飞行高度超过2万米，是中国制造的又一经典之作。地面指挥系统利用 （选填“超声波”或“电磁波”）控制无人机，无人机搭载的电动机与图中的 （选填“甲”或“乙”）装置原理相同。
【答案】电磁波；乙
【考点】电磁波的传播．
【分析】（1）电磁波可以传递信息。
（2）电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理来工作的。
【解答】解：地面指挥系统利用电磁波控制无人机，无人机搭载的电动机与图中的乙装置原理相同，甲是电磁感应的实验装置，发电机是利用该原理制成的，乙是通电导体在磁场中受到力的作用，电动机是利用该原理制成的。故答案为：电磁波；乙。
【难度】3
16．（2分）置于通电螺线管右侧的小磁针静止时，其N极指向如图所示。由此可知，通电螺线管的右端是 （选填“N极”或“S极”），电流是从 （选填“A”或“B”）端流入螺线管的。
【答案】S极；B
【考点】安培定则．
【分析】已知小磁针的磁极，利用磁极间的作用规律，可判断出通电螺线管的磁极，再由安培定则来得出电流方向。
【解答】解：由图可知，小磁针的磁极为：左侧为N极，右侧为S极，根据异名磁极相互吸引，则可知螺线管的磁极为：左侧为N极，右侧为S极，则根据安培定则可知，电流是从B端流入螺线管的。故答案为：S极；B。
【难度】3
17．（2分）手机移动电源（俗称充电宝）有两个输出端，可以单独为一部手机或同时为两部手机充电，这两个输出端的连接方式是 联；用移动电源给手机充电时，手机相当于电路中的 。
【答案】并；用电器
【考点】用电器的作用；串联和并联的概念与辨析．
【分析】（1）在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；
（2）电路中消耗电能的元件是用电器。
【解答】解：某手机移动电源有两个输出端，通过电源线可以单独或同时为手机充电，则这两个输出端的连接方式是并联；用移动电源为手机充电时，手机相当于电路中的用电器，因为手机消耗电能。故答案为：并；用电器。
【难度】3
18．（2分）“华龙一号”是我国核电走向世界的国家名片，核反应堆内发生的是核 变。煤、石油、天然气属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
【答案】裂；不可再生。
【考点】可再生能源和不可再生能源；能源及其分类．
【分析】（1）核能的利用有核裂变和核聚变，核电站就是利用核裂变时释放能量来工作的；
（2）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。
【解答】解：由于核裂变比较容易控制，而核聚变不容易控制，所以目前我国核电站的核反应堆中发生的是可以控制的核裂变来释放能量的；煤、石油和天然气等是短期内不能从自然界得到补充的能源，属于不可再生能源。故答案为：裂；不可再生。
【难度】3
19．（3分）与毛皮摩擦过的橡胶棒能吸引碎纸屑，这是 现象；若毛皮带正电，则橡胶棒 （选填“得到”或“失去”）电子；通常情况下，橡胶棒是 （选填“导体”或“绝缘体”）。
【答案】摩擦起电；得到；绝缘体。
【考点】摩擦起电的实质；常见的导体与绝缘体；摩擦起电的现象．
【分析】（1）摩擦起电的实质是电荷的转移，得电子的物质带负电，失去电子的物质带正电；
（2）根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。
【解答】解：与毛皮摩擦过的橡胶棒能吸引碎纸屑，这是摩擦起电现象；若毛皮带正电，则橡胶棒得到电子而带负电；通常情况下，橡胶棒不容易导电，是绝缘体。故答案为：摩擦起电；得到；绝缘体。
【难度】3
20．（2分）如图所示，鸡蛋悬浮在盐水中，请作出鸡蛋受力示意图（点O为鸡蛋的重心）。
【答案】
【考点】画力的示意图．
【分析】根据鸡蛋悬浮在盐水中可知鸡蛋受到的浮力与重力是一对平衡力，据此按照力的示意图的画法作图。
【解答】解：鸡蛋悬浮在盐水中，受到重力和浮力的作用，并且这两个力大小相等、方向相反，是一对平衡力，从鸡蛋重心开始，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F浮表示，注意两条线段长度要相等。如图所示：
【难度】3
21．（2分）如图所示，一束光从空气斜射到水面上，同时发生反射和折射，请作出反射光线和折射光线的大致位置。
【答案】
【考点】光折射的光路图．
【分析】根据光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线；
根据光由空气斜射进入水中折射光线向法线偏折，折射角小于入射角作出折射光线。
【解答】解：根据反射角等于入射角，在空气中法线的另一侧作出反射光线；在水中法线的另一侧作出折射光线，光由空气斜射入水中，所以应使折射角小于入射角，如图所示：
【难度】3
22．（5分）如图甲是探究“冰熔化时温度变化规律”的实验装置。
（1）图甲器材合理的安装顺序是 （选填“自下而上”或“自上而下”）。
（2）图乙是根据实验过程中记录的数据绘制的图象，可知冰是 （选填“晶体”或“非晶体”）；第4分钟时的内能 （选填“大于”、“等于”或“小于”）第8分钟时的内能。
（3）持续加热，烧杯内的水沸腾后试管里的水 （选填“会”或“不会”）沸腾，理由是 。
【答案】（1）自下而上；（2）晶体；小于；（3）不会；烧杯中的水沸腾后，温度不再升高，试管中的水温能达到沸腾的温度，但不能继续吸热，所以不会沸腾。
【考点】探究固体熔化时实验装置的组装顺序；探究固体熔化时温度的变化规律．
【分析】（1）酒精灯加热时用外焰加热，要先放酒精灯，根据自下而上的顺序安装；
（2）晶体有确定的熔点和凝固点，非晶体没有确定的熔点和凝固点，晶体在熔化过程中吸热但温度保持不变；
分析图象发现物质从第4min开始熔化，到第10min熔化结束，晶体在熔化过程中吸热内能增加但温度保持不变；
（3）沸腾条件为：温度达到沸点、继续吸热。
【解答】解：（1）酒精灯加热时用外焰加热，要先放酒精灯，根据外焰的高度确定石棉网的高度，再放烧杯，确定试管的高度，最后放入温度计，根据自下而上的顺序安装；（2）由图像知冰有固定的熔点，所以说冰是晶体；由图乙可知，随着时间的增长，物体吸热越多，内能越大，故在4分钟时具有的内能小于在8分钟时的内能；（3）烧杯中的水沸腾后，温度不再升高，试管中的水温能达到沸腾的温度，但不能继续吸热，所以不会沸腾。故答案为：（1）自下而上；（2）晶体；小于；（3）不会；烧杯中的水沸腾后，温度不再升高，试管中的水温能达到沸腾的温度，但不能继续吸热，所以不会沸腾。
【难度】3
23．（5分）某实验小组在“探究凸透镜成像规律”的实验中：
（1）实验前要调整烛焰、透镜和光屏的中心大致在 ，目的是使像成在光屏的中央。
（2）移动蜡烛和光屏到如图所示位置，光屏上出现了烛焰清晰的像（像未画出），生活中的 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是这一成像原理的应用。
（3）实验过程中，小明同学不小心用手指指尖触摸到了凸透镜，这时光屏上 （选填“会”或“不会”）出现指尖的像。
（4）实验一段时间后，蜡烛燃烧变短。要使像仍然成在光屏的中央，应将光屏向 移动。
（5）另外一个实验小组用由几个发光二极管做成的“F”字样的发光体代替蜡烛进行实验，你认为其好处是 （写出一点即可）。
【答案】（1）同一高度；（2）投影仪；（3）不会；（4）上；（5）可以增加物体的亮度，使成像更清晰
【考点】烛焰、光屏的移动；探究凸透镜成像的规律；探究凸透镜成像实验仪器的摆放原则．
【分析】（1）探究凸透镜成像的实验时，调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度（主光轴上），像才能呈在光屏的中心；
（2）当f＜u＜2f时，凸透镜成倒立、放大的实像，应用为投影仪；
（3）u＜f时，凸透镜成正立、放大的虚像；
（4）实验一段时间后，蜡烛变短了，根据过光心光线不改变分析；
（5）二极管比烛焰的亮度更大，并且形状更特别，在研究时更容易理解倒立实像的含义。并且二极管发光比较环保安全。蜡烛在燃烧时会消耗而变短，同时遇到风会晃动。
【解答】解：（1）将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，为了使像成在光屏的中央，应该调整烛焰、透镜和光屏的中心大致在同一高度；（2）由图可知，此时物距小于像距，凸透镜成倒立、放大的实像，应用为投影仪；（3）用手指指尖触摸到了凸透镜，手指处于凸透镜的1倍焦距以内，故此时成虚像，不能成在光屏上，所以在光屏上不能看到手指尖的像；（4）蜡烛变短了，光屏上的像会向上移动，要使像成在光屏的中央，根据过光心光线不改变可知，凸透镜向下移动，或光屏向上移动；（5）发光二极管比烛焰的亮度更大、更环保，更容易看出倒立实像不仅是上下相反、而且是左右相反；同时蜡烛燃烧有火焰，不如发光二极管安全；火焰在有风的时候会晃动，同时蜡烛会越烧越短，而二极管不会。故答案为：（1）同一高度；（2）投影仪；（3）不会；（4）上；（5）可以增加物体的亮度，使成像更清晰。
【难度】3
24．（5分）小明在研究“液体内部的压强”实验中：
（1）如图甲所示，从结构上看，压强计 （选填“属于”或“不属于”）连通器。
（2）他通过比较乙、丙两图可以得出：同种液体， ，压强越大。
（3）若丙图中，探头在水中的深度为5cm时，请你计算该处水的压强为 Pa。
（4）小明还想研究液体内部压强与液体密度的关系，于是他向丙图烧杯中多次加盐水，发现U形管两侧液面高度差不断的增大，于是得出液体密度越大，压强越大的结论。他的结论是 （选填“正确”或“错误”）的，理由是 。
【答案】（1）不属于；（2）深度越大；（3）500；（4）错误；没有控制液体的深度相同。
【考点】探究液体内部压强与液体密度的关系；探究液体内部的压强；探究液体内部压强与深度的关系．
【分析】（1）上端开口，下端连通的容器叫连通器；
（2）根据转换法，由U形管两管液面的高度差来显示液体压强的大小，高度差越大，说明液体压强越大；
液体压强与液体的密度和深度有关，研究液体压强与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，分析实验中相同量和不同量，分析得出液体压强与变化量的关系；
（3）利用液体压强计算公式p＝ρgh计算可得；
（4）向丙图烧杯中多次加盐水，改变了液体密度的同时也改变了液体深度。
【解答】解：（1）液体压强计的左端是密闭的，所以不属于连通器；（2）比较乙、丙两图可知，液体密度相同，丙中探头深度大，U形管两管液面的高度差大，液体压强也大，故可以得出的结论是：同种液体，深度越大，液体压强越大；（3）探头在水中的深度为5cm时的压强是：p＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.05m＝500Pa；（4）向丙图烧杯中多次加盐水，改变了液体密度的同时也改变了液体深度，故错误，理由是没有控制液体的深度相同。故答案为：（1）不属于；（2）深度越大；（3）500；（4）错误；没有控制液体的深度相同。
【难度】3
25．（6分）某实验小组的同学利用天平和量筒等器材测量一块玉石的密度。
（1）把天平放在水平桌面上，将游码调到标尺左端 处，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应向 旋动平衡螺母，使横梁在水平位置平衡。
（2）将玉石放在天平的左盘中，向右盘中加减砝码并调节游码直到横梁恢复在水平位置平衡。此时，右盘中的砝码和游码的位置如图甲所示，则玉石的质量是 g。
（3）向量筒中加入50mL的水，将玉石浸没在水中，液面的位置如图乙所示，则玉石的密度是 kg/m3。
（4）同组的同学认为不用砝码，使用天平、两个相同的烧杯、量筒和水（水的密度用ρ水表示）等器材也能测出玉石的密度。请将实验步骤补充完整：
①在两个相同的烧杯中装入等量的水，分别放在已经调平的天平左右两盘中，如图丙所示；
②将拴好细线的玉石缓慢浸没在左盘烧杯的水中（不接触烧杯底），用量筒向右盘的烧杯中加水直到横梁在水平位置恢复平衡，记录加水的体积为V1，如图丁所示；
③让玉石缓慢沉入到水底，松开细线， 直到横梁再次在水平位置恢复平衡，记录再次加入水的体积为V2；
④玉石密度的表达式为ρ＝ （用V1、V2、ρ水表示）。
【答案】（1）零刻度线；右（
2）32.2；（
3）2.3×103；（4）③用量筒继续向烧杯中加水；④
。
【考点】测量固体的密度．
【分析】（1）使用天平之前，首先把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线处，然后调节平衡螺母使天平的横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）用天平来测量物体的质量时，物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
（3）玉石的体积等于量筒中增加水的体积，根据密度的计算公式ρ
即可求出玉石的密度；
（4）根据阿基米德原理可知，将拴着细线的玉石浸没在左盘烧杯的水中时，玉石受到的浮力大小，根据F浮＝ρ液gV排求出玉石浸没在水中时排开水的体积；
将玉石直接放在左盘烧杯的水中时，用量筒继续向右盘的烧杯中加水，直到天平平衡，再次加入水的体积为V2，此时天平两侧的重力大小相等，右侧增加的水的重力等于玉石的重力，据此求出玉石受到的重力，根据G＝mg求出玉石的质量，根据密度公式求出玉石的密度。
【解答】解：（1）使用天平之前，首先把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处，由题意可知，发现指针偏向分度盘的左侧，所以平衡螺母向右调节，使天平平衡；（2）由图甲可知，天平的分度值为0.2g，则玉石的质量：m＝20g+10g+2.2g＝32.2g；（3）玉石的体积等于量筒中水增加的体积：V＝64mL﹣50mL＝14mL＝14cm3，玉石的密度：ρ
2.3g/cm3＝2.3×103kg/m3；（4）②将拴好细线的玉石缓慢浸没在左盘烧杯的水中（不接触烧杯底），用量筒向右盘的烧杯中加水直到横梁在水平位置恢复平衡，记录加水的体积为V1，此时天平两侧的重力大小相等，右侧增加的水的重力等于玉石排开水的重力，由阿基米德原理可知，将拴着细线的吊坠浸没在左盘烧杯的水中时，玉石受到的浮力：F浮＝G排水＝m排水g＝ρ水V1g，因为F浮＝ρ液gV排，所以有ρ液gV排＝ρ水V1g，即V排＝V1，因为此时玉石浸没在水中，所以玉石的体积：V＝V排＝V1，③让玉石缓慢沉入到水底，松开细线，用量筒继续向烧杯中加水直到横梁再次在水平位置恢复平衡，记录再次加入水的体积为V2，此时天平两侧的重力大小相等，右侧增加的水的重力等于玉石的重力，则玉石的重力：G＝G水＝m水g＝ρ水gV水＝ρ水g（V1+V2），玉石的质量：m
ρ水（V1+V2），玉石的密度：ρ
。故答案为：（1）零刻度线；右（
2）32.2；（
3）2.3×103；（4）③用量筒继续向烧杯中加水；④
。
【难度】3
26．（7分）小红想测量标有“2.5V”字样小灯泡的电功率，从实验室找来了电源、电压表、电流表、滑动变阻器、开关和导线若干，进行了如下实验。
（1）用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整。
（2）检查无误后，闭合开关，发现电流表无示数，小灯泡不亮，电压表示数接近电源电压。造成这一故障的原因可能是小灯泡 。
（3）排除电路故障后，闭合开关，移动滑片，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W；接下来她又测量了几组对应的电压值和电流值，并绘制了小灯泡的I﹣U图象，如图丙所示。
（4）小红认为，利用图甲的装置也可以探究电流与电压的关系。小明认为小红的观点不合理，理由是 。
（5）小红还想测出另一个额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻，在保证电路安全的前提下，设计了如图丁所示的电路（电源电压恒定大于U额且未知，滑动变阻器R最大阻值未知，定值电阻阻值为R0），请将实验步骤补充完整：
①闭合S、S2，断开S1，移动滑片P，使电压表示数为 ；
②闭合S、S1，断开S2，保持滑片P位置不变，读出电压表的示数为U1；
③闭合S、S1，断开S2， ，读出电压表的示数为U2；
④小灯泡正常发光时的电阻RL＝ （用U1、U2、U额、R0表示）。
【答案】（1）见解析；（2）断路；（3）0.75；（4）灯丝电阻随温度的变化而变化；（5）U额；滑片移动到最左端；
。
【考点】用电压表和定值电阻测电阻；伏安法测量小灯泡的电功率．
【分析】（1）电压表应并联接入电路中；
（2）电流表无示数，灯泡不亮，说明电路是断路，电压表的示数接近电源电压，与电压表并联部分以外的电路是通路，分析故障原因；
（3）根据图中电流表小量程读数，根据P＝UI求灯的额定功率；
（4）根据控制变量法分析；
（5）根据开关的闭合方式、滑片位置的变化求出电源电压和滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出灯泡的电阻。
【解答】解：（1）测量标有“2.5V”字样小灯泡的电功率时，电压表与小灯泡并联接入电路中，如下所示：
（2）电流表无示数，灯泡不亮，说明电路是断路，电压表示数接近电源电压，说明与电压表并联部分以外的电路是通路，故造成这一现象的原因可能是小灯泡断路；（3）图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，则小灯泡的额定功率是：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；（4）探究电流与电压的关系时，需要控制与电压表并联的电阻的阻值不变，根据图丙可知，小灯泡灯丝的电阻是变化的，所以不能完成实验探究；（5）①闭合S、S2，断开S1，移动滑片P，使电压表示数为U额，此时灯泡正常发光；②闭合S、S1，断开S2，保持滑片P位置不变，读出电压表的示数为U1，根据欧姆定律可知，此时电路中的电流为：I
；③闭合S、S1，断开S2，滑片移动到最左端，此时电压表测量的是电源电压，读出电压表的示数为U2，则电源电压为U2；④②中滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U2﹣U1；则滑动变阻器接入电路中的阻值为：R滑U'
R0；①中滑动变阻器两端的电压为：U'滑＝U2﹣U额；此时电路中的电流为：I'
；则小灯泡正常发光时的电阻RL
。故答案为：（1）见解析；（2）断路；（3）0.75；（4）灯丝电阻随温度的变化而变化；（5）U额；滑片移动到最左端；
。
【难度】3
27．（8分）某无人驾驶汽车空载静止时对水平地面的压强为3×105Pa，轮胎与地面总接触面积为0.04m2。当汽车在以20m/s的速度匀速直线行驶时，功率为23kW，求：
（1）汽车空载时的重力是多少？
（2）当汽车以20m/s的速度匀速直线行驶时，所受的阻力是多少？
（3）当汽车以20m/s的速度匀速直线行驶100km时，汽车牵引力做功多少？若燃烧了10kg汽油，则发动机的效率是多少？（汽油热值q＝4.6×107J/kg）
【答案】（1）汽车的重力是1.2×104N；（2）所受到的阻力是1150N；（3）汽车牵引力做功1.15×108J，发动机的效率是25%。
【考点】压强的公式的应用；功率的计算；热机的效率公式与计算．
【分析】（1）根据p
可知汽车空载静止时对水平地面的压力，根据G＝F得出汽车的重力；
（2）当汽车以20m/s的速度沿直线匀速行驶时，处于平衡状态，所受阻力和牵引力大小相等，
根据P
Fv可知汽车所受的牵引力，进而得出阻力；
（3）当汽车以120km/h的速度沿直线匀速行驶100km时，根据W＝F牵s得出牵引力做功，根据Q放＝qm得出10kg汽油完全燃烧放出的热量，根据η
得出发动机的效率。
【解答】解：（1）根据p
可知汽车空载静止时对水平地面的压力F＝pS＝3×105Pa×0.04m2＝1.2×104N，则汽车的重力G＝F＝1.2×104N；（2）当汽车以20m/s的速度沿直线匀速行驶时，处于平衡状态，所受阻力和牵引力大小相等，根据P
Fv可知汽车所受阻力f＝F牵
1150N；（3）当汽车以20m/s的速度沿直线匀速行驶100km时，牵引力做功W＝F牵s＝1150N×100×103m＝1.15×108J，10kg汽油完全燃烧放出的热量Q放＝qm＝4.6×107J/kg×10kg＝4.6×108J，发动机的效率η
100%＝25%。答：（1）汽车的重力是1.2×104N；（2）所受到的阻力是1150N；（3）汽车牵引力做功1.15×108J，发动机的效率是25%。
【难度】3
28．（9分）彤彤家里有一台电热锅，它的一些参数如表中所示，加热功率有高、低两个挡位，其内部简化电路如图甲所示。
额定电压 |
220V |
加热电阻R1 |
55Ω |
加热电阻R2 |
44Ω |
（1）电热锅在高挡位工作时的额定功率是多大？
（2）若将锅中0.5L的水从23℃加热到100℃，水吸收多少热量？
（3）上述加热水的过程中，不计热量损失，电热锅高挡位需正常工作多长时间？
（4）爱动脑的彤彤把原电热锅内部简化电路设计成如图乙所示，也有高、低两个挡位。已知该电热锅允许通过的最大电流为8A，请判断乙图电路是否合理，并通过计算说明原因。
【答案】（1）电热锅在高挡位工作时的额定功率是1100W；（2）将锅中0.5L的水从23℃加热到100℃，水吸收的热量为1.617×105J；（3）不计热量损失，电热锅高挡位需正常工作的时间为147s；（4）由于乙图中高温挡工作时干路上的总电流大于该电热锅允许通过的最大电流，所以乙图电路不合理。
【考点】电热的多挡问题；电功率多档位问题；电功率的综合计算．
【分析】（1）由图甲可知，当双触点开关置于1时，R1、R2串联，当双触点开关置于2时，置于R2工作；根据串联电路的特点和P
可知电热锅高温挡和低温挡的电路连接；根据P
可求出电热锅在高挡位工作时的额定功率；
（2）根据密度公式求出0.5L水的质量，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（3）不计热量损失，电热锅消耗的电能等于水吸收的热量，根据P
求出电热锅高挡位需正常工作的时间；
（4）由图乙可知，当双触点开关置于2时，R1、R2并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的电阻最小，由P
可知，电路中的总功率最大，电热锅处于高温挡，根据并联电路的电流特点和欧姆定律求出干路的总电流，与该电热锅允许通过的最大电流比较可知乙图是否合理。
【解答】解：（1）由图甲可知，当双触点开关置于1时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P
可知，电路中的总功率最小，电热锅处于低温挡；当双触点开关置于2时，置于R2工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电热锅处于高温挡；电热锅在高挡位工作时的额定功率：P高
1100W；（2）电热锅中满壶水的体积V＝0.5L＝0.5dm3＝0.5×10﹣3m3，由ρ
可知，水的质量：m＝ρV＝1.0×103kg/m3×0.5×10﹣3m3＝0.5kg，水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（100℃﹣23℃）＝1.617×105J；（3）不计热量损失，电热锅消耗的电能：W＝Q吸＝1.617×105J，由P
可知，电热锅高挡位需正常工作的时间：t′
147s；（4）由图乙可知，当双触点开关置于2时，R1、R2并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的电阻最小，由P
可知，电路中的总功率最大，电热锅处于高温挡，根据并联电路的电流特点和欧姆定律可知，高温挡工作时干路中的总电流：I
9A＞8A，由于乙图中高温挡工作时干路上的总电流大于该电热锅允许通过的最大电流，所以乙图电路不合理。答：（1）电热锅在高挡位工作时的额定功率是1100W；（2）将锅中0.5L的水从23℃加热到100℃，水吸收的热量为1.617×105J；（3）不计热量损失，电热锅高挡位需正常工作的时间为147s；（4）由于乙图中高温挡工作时干路上的总电流大于该电热锅允许通过的最大电流，所以乙图电路不合理。
【难度】3