2023年辽宁省鞍山市中考物理试卷
一、选择题（本题包括14个小题，共32分，其中1～10题为单选题，每题2分；11～14题为多选题，每题3分，每题选对但不全的得1分，有错选的不得分）注意：第1～10小题每题只有一个选项符合题意，第11～14小题中每题至少有两个选项符合题意。
1．（2分）下列数据中，最接近实际的是（ ）
A．适宜淋浴的水温约为40℃
B．学生书桌的高度约为1.7m
C．一张物理试卷的质量约为50g
D．中学生正常步行的速度约为9m/s
【答案】A
【考点】常见的长度及估测；速度的定义；速度的估测；质量的估测；温度的估测．
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、适宜淋浴的水温约为40℃，A选项正确；B、学生书桌的高度约为0.8m，B选项不正确；C、一张物理试卷的质量约为5g，C选项不正确；D、中学生正常步行的速度约为1m/s，D选项不正确；故选：A。
【难度】1
2．（2分）关于声现象的分析，下列说法正确的是（ ）
A．甲图：拨动伸出桌面的钢尺，钢尺振动的幅度越大，音调就越高
B．乙图：将扬声器对准烛焰，播放音乐，烛焰会跳动，说明声波能传递信息
C．丙图：逐渐抽出玻璃罩内的空气，听到的声音变小，说明声音的传播需要介质
D．丁图：车间的工人佩戴耳罩，是为了阻断噪声的传播
【答案】C
【考点】声音的传播条件；响度与振幅、距离发声体的关系；声与能量；减弱噪声的途径．
【分析】（1）发声体的振动幅度越大，其响度越大；
（2）声音能传递能量；
（3）声音的传播需要介质；
（4）减弱噪声可以在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
【解答】解：A、拨动伸出桌面的钢尺，钢尺振动的幅度越大，响度就越大，故A错误；B、将扬声器对准烛焰，播放音乐，烛焰会跳动，说明声波能传递能量，故B错误；C、逐渐抽出玻璃罩内的空气，听到的声音变小，说明声音的传播需要介质，故C正确；D、车间的工人佩戴耳罩，是为了在人耳处减弱噪声，故D错误。故选：C。
【难度】1
3．（2分）下列光现象在生活生产中的应用，利用了光的直线传播的是（ ）
A．
用放大镜观察物体
B．
用太阳灶烧水
C．
用日晷判断时间
D．
用镜子画脸谱
【答案】C
【考点】光沿直线传播的现象；光沿直线传播的应用；凸透镜成像规律的应用．
【分析】（1）放大镜是利用凸透镜的成像规律来工作的，凸透镜成像属于光的折射现象。
（2）太阳灶是利用凹面镜来工作的，凹面镜是光的反射的一个应用。
（3）光在同种均匀介质中是沿直线传播的，日食、月食、小孔成像都属于光的直线传播。
（4）平面镜成像属于光的反射。
【解答】解；A、用放大镜观察物体是利用光的折射，故A不符合题意；B、用太阳灶烧水是利用光的反射，故B不符合题意；C、用日晷判断时间是利用光的直线传播，故C符合题意；D、用镜子画脸谱是利用光的反射，故D不符合题意。故选：C。
【难度】1
4．（2分）物态变化让物质世界多姿多彩。关于物态变化，下列说法正确的是（ ）
A．樟脑丸变小是汽化现象
B．清晨，树叶上出现的露是液化现象
C．秋天，地面上出现的霜是凝固现象
D．湿衣服被晒干是升华现象
【答案】B
【考点】升华的概念及现象；汽化的概念及现象；液化的概念及现象．
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：A、樟脑丸变小是由固态直接变为气态，是升华现象，故A错误；B、清晨，树叶上出现的露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B正确；C、秋天，地面上出现的霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，故C错误；D、湿衣服晒干属于汽化现象，故D错误。故选：B。
【难度】1
5．（2分）关于能源、信息和材料，下列说法正确的是（ ）
A．LED灯核心元件的主要材料是半导体
B．水能、风能发电是不可再生能源的利用
C．用超导材料制成的电炉丝可以提高电炉的加热效率
D．光纤通信是利用光在光导纤维中多次折射传输信息的
【答案】A
【考点】可再生能源和不可再生能源；半导体的特点；超导现象和超导材料；光纤通信；能源及其分类．
【分析】LED电流具有单向导电性，主要材料是半导体。
短期内可以从自然界得到补充的能源是可再生能源；短期内不能在自然界得到补充的能源是不可再生能源。
用超导材料制电阻几乎为0Ω。
光纤通信是利用激光反射来传递信息的。
【解答】解：A、LED灯核心元件是发光二极管，发光二极管具有单向导电性，主要材料是半导体，故A正确；B、水能、风能发电是可再生能源的利用，故B不正确；C、超导材料不能制成的电炉丝，故C不正确；D、光纤通信是利用光的反射原理传递信息的，故D不正确；故选：A。
【难度】1
6．（2分）关于压强在生活中的应用，下列说法正确的是（ ）
A．篆刻刀的刀口做得很锋利，是通过增大压力来增大压强
B．排水管的U形“反水弯”是利用连通器原理
C．用注射器将药液注入肌肉是利用大气压强实现的
D．高压锅是利用液体的沸点随着气压的增大而降低来工作的
【答案】B
【考点】增大压强；连通器的应用；大气压的综合应用；沸点及气压影响液体沸点．
【分析】（1）增大压强的方法：压力一定时减小受力面积，受力面积一定时增大压力；
（2）上端开口底部连通的容器叫做连通器。
（3）大气压应用时要使得某侧压强减小。
（4）液体沸点随气压的升高而升高。
【解答】解：A．篆刻刀的刀口做得很锋利，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故A错误；B．排水管的U形“反水弯”是上端开口底部连通的容器，是一个连通器，利用了连通器原理，故B正确；C．用注射器将药液注入肌肉是推力产生的压强，不是依靠大气压，故C错误；D．用高压锅煮饭，是利用了锅内气压升高，水的沸点升高的原理，故D错误。故选：B。
【难度】1
7．（2分）取两个相同的验电器甲和乙（如图），使甲带负电，乙不带电，下列分析正确的是（ ）
A．甲验电器带负电是因为它得到了原子
B．甲验电器的金属箔片张开是由于异种电荷相互排斥
C．用橡胶棒连接两金属球，金属箔片的张角都会发生改变
D．用金属棒连接两金属球的瞬间，棒中电流方向由乙到甲
【答案】D
【考点】电荷在金属棒中的定向移动；电流的方向；电荷间的相互作用；验电器的原理．
【分析】（1）电子带负电，物体得到电子带负电，失去电子带正电；
（2）电荷间相互作用：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引；
（3）容易导电的是导体，不容易导电的是绝缘体；
（4）正电荷移动的方向是电流的方向；自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
【解答】解：A、甲验电器带负电是因为它得到了电子，故A错误；B、甲验电器的金属箔片张开是由于同种电荷相互排斥，故B错误；C、橡胶棒是绝缘体，用橡胶棒连接两金属球，金属箔片的张角不会发生变化，故C错误；D、自由电子的定向移动方向与电流方向相反，金属杆和金属球接触的一瞬间，自由电子的移动方向从甲到乙，金属杆中电流方向是从乙到甲，故D正确。故选：D。
【难度】1
8．（2分）发电机的发明使人们大量使用电能成为可能，对人类社会的发展影响深远。下列各图中能反映发电机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【考点】发电机的原理．
【分析】（1）通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机、扬声器就是利用该原理制成的。
（2）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机和动圈式话筒就是利用该原理制成的。
（3）奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。
（4）同名磁极互相排斥、异名磁极相互吸引。
【解答】解：发电机是利用电磁感应原理来工作的。A、通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机是利用该原理来工作的，故A不符合题意；B、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，故B符合题意；C、奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，故C不符合题意；D、该图表示磁极间的相互作用规律，故D不符合题意。故选：B。
【难度】1
9．（2分）关于安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．用铜线代替保险丝更安全
B．洗衣机、电冰箱应使用两孔插座
C．遇到有人触电，应立即用手将他拉离带电体
D．当试电笔的笔尖接触电线时，绝不允许用手再接触金属笔尖
【答案】D
【考点】试电笔的使用；保险丝的功能与使用方法；常见的触电事故；安全用电原则．
【分析】（1）铜丝的电阻率小、熔点高，用铜丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路；
（2）有金属外壳的家用电器，使用时金属外壳要接地；
（3）触电原因是直接或间接接触火线，一旦发生触电，先切断电源再救人；
（4）用试电笔时，手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触火线。
【解答】解：A、铜丝的电阻小、熔点高，在电流过大时，产生的热量不容易达到熔点，因此不会熔断，起不到保险的作用，故A错误；B、为了防止因漏电而发生触电事故，有金属外壳的家用电器，外壳一定要接地，所以需要使用三孔插座，故B错误；C、有人触电时，用干燥的竹竿或木棍将人与火线挑开，或先切断电源，再实行施救措施，不能立即用手将他拉离带电体，防止施救者也触电，故C错误；D、当试电笔的笔尖接触电线时，绝不允许用手再接触笔尖，防止人触碰到火线发生触电事故，故D正确。故选：D。
【难度】1
10．（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右缓慢移动，下列分析判断正确的是（ ）
A．电流表A1和电流表A2示数均变小
B．电压表V与电流表A2的示数乘积变大
C．电流表A与电流表A1的示数之差保持不变
D．电压表V与电流表A1的示数之比保持不变
【答案】C
【考点】动态电路的分析．
【分析】由电路图可知，闭合开关S，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流。
根据电源电压保持不变可知滑片移动时电压表V的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R2支路的电流变化，进一步判断出电压表V与电流表A2的示数乘积的变化以及电流表A与电流表A1的示数之差的变化；
根据滑片的移动可知变阻器接入电路中的电阻变化，利用欧姆定律可知通过变阻器支路的电流变化。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关S，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流。由电源电压保持不变可知，滑片移动时电压表V的示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过R2支路的电流不变，即电流表A2的示数不变，电压表V与电流表A2的示数乘积不变，故B错误；将滑动变阻器的滑片向右缓慢移动，变阻器接入电路中的电阻变大，由I
可知，通过变阻器支路的电流变小，即电流表A1的示数变小，所以电压表V与电流表A1的示数之比变大，故AD错误；由于电流表A与电流表A1的示数之差就是通过定值电阻R2的电流，由于通过R2支路的电流不变，所以电流表A与电流表A1的示数之差不变，故C正确。故选：C。
【难度】1
11．（3分）关于分子热运动和内能，下列说法正确的是（ ）
A．物体温度升高含有的热量增加
B．铁块很难被压缩表明分子间存在斥力
C．鲜花香气四溢是一种扩散现象
D．发生热传递的物体之间一定存在温度差
【答案】BCD
【考点】温度、内能、热量的关系；扩散现象；分子间作用力的现象；热传递的方向与条件．
【分析】（1）热量是一个过程量，不能说含有多少热量；
（2）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（3）一切分子都在不停地做无规则运动；
（4）发生热传递的条件是存在温度差。
【解答】解：A、热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故A错误；B、铁块很难被压缩，说明分子间存在斥力，故B正确；C、鲜花香气四溢是分子不停地做无规则运动形成的，是扩散现象，故C正确；D、存在温度差的两个物体相接触发生热传递时，热量总是从高温物体传给低温物体，或者从物体的高温部分传向低温部分，故D正确。故选：BCD。
【难度】1
12．（3分）踢毽，起源于汉代，至今已有两千多年的历史。毽子离脚后竖直向上运动过程中（考虑空气阻力），以下分析正确的是（ ）
A．毽子运动过程中机械能守恒
B．毽子在最高点时受平衡力作用
C．毽子受到合力方向竖直向下
D．若所受外力消失，毽子将做匀速直线运动
【答案】CD
【考点】力与运动的关系；力的合成与应用；机械能的守恒．
【分析】（1）在不计空气阻力时，毽子的机械能才守恒；
（2）（3）对毽子进行受力分析，可做出判断；
（4）物体在不受外力作用时，将保持静止或匀速直线运动状态。
【解答】解：A、毽子在整个运动过程中，由于受到空气阻力的作用，所以机械能不守恒，故A错误；B、毽子上升到最高点时，只受重力作用，此时受力不平衡，故B正确；C、毽子在上升过程中受到竖直向下的重力和竖直向下的空气阻力，合力方向向下，故C正确；D、毽子在运动过程中，若所受外力突然消失，根据牛顿第一定律可知球将做匀速直线运动，故D正确。故选：CD。
【难度】1
13．（3分）如图所示，水平桌面上两个质量相等的圆柱形薄壁容器甲、乙，底面积S甲：S乙＝2：1，分别装入两种不同液体，A、B是两个完全相同的物体。A静止时有
体积露出液面，B用细线拴在容器底部且B对细线有拉力。已知液面相平，液体对容器底的压力相等，下列说法中正确的是（ ）
A．两物体受的浮力FA＜FB
B．两液体对容器底的压强p甲＜p乙
C．两容器对桌面的压力F甲＜F乙
D．若将B下方的细线剪断，则静止时B将有
体积露出液面
【答案】ABD
【考点】剪断绳子问题；压力的比较大小；液体压强的大小比较；阿基米德原理的理解；物体浮沉条件．
【分析】（1）根据压强公式，可以得出液体对容器底的压强关系；
（2）根据液体对容器底的压强关系，得出液体密度关系，从而得出浮力关系；
（3）甲容器对桌面的压力等于容器重力和液体对容器底部的压力之和，乙容器对桌面的压力等于容器重力和液体对容器底部的压力之和减去细线给的拉力，两容器的重力相等，液体对容器底部的压力相等，故可判断容器对桌面的压力大小关系；
（4）根据木块和液体的密度关系，利用漂浮时浮力等于重力，得出露出液面的体积占比。
【解答】解：B.由题意知，液面等高且液体对容器底的压力相等，即F'甲＝F'乙，因为容器底面积S甲＞S乙，所以由公式p
得，液体对容器底部的压强之比为
1：2；所以p甲＜p乙，故B正确；
A.由于液面相平，即h相等，根据液体压强公式p＝ρgh可知，ρ
，则甲、乙容器中两种液体的密度之比为
1：2，因为A、B是两个完全相同的物体，即V相等，则A受到的浮力FA＝ρ液gV排＝ρ甲g（
V），B受到的浮力FB＝ρ液gV排＝ρ乙gV，则
1：3，所以两物体受的浮力FA＜FB，故A正确；C：圆柱形薄壁容器甲、乙质量相同，由G＝mg知其重力相等即G甲＝G乙，容器内液体对容器底部的压力相等即F'甲＝F'乙，A在甲液体中漂浮，F浮A＝ρ液甲gVA排＝GA，B在乙液体中受到的浮力F浮B＝ρ液乙gVB；B在液体乙中受到重力、拉力和浮力三力的作用处于平衡状态，有GB+F线拉＝F浮B＝ρ液乙gVB；甲容器内液体对容器底部的压力F'甲＝p液甲S甲＝ρ液甲ghS甲＝ρ液甲gV柱甲＝ρ液甲g（V液甲+VA排）＝ρ液甲gV液甲+ρ液甲gVA排＝G液甲+GA；得：G液甲+GA＝F'甲；乙容器内液体对容器底部的压力F'乙＝p液乙S乙＝ρ液乙ghS乙＝ρ液乙gV柱乙＝ρ液乙g（V液乙+VB）＝ρ液乙gV液乙+ρ液乙gVB＝G液乙+F浮B＝G液乙+GB+F线拉；得：G液乙+GB＝F'乙﹣F线拉；甲对桌面的压力F甲＝（m甲+mA+m液甲）g＝G甲+GA+G液甲＝G甲+F'甲＝G乙+F'乙，乙对桌面的压力F乙＝（m乙+mB+m液乙）g＝G乙+GB+G液乙＝G乙+F'乙﹣F线拉；所以F甲＞F乙，故C错误；D.由于A在甲容器中漂浮，有F浮A＝ρ甲g
V物＝G物＝ρ物gV物，则ρ甲：ρ物
，因为ρ甲：ρ乙
，所以ρ物：ρ乙
；所以，若将B下方的细线剪断，B在乙容器中漂浮，设B排开液体的体积为V1，所以：ρ乙gV1＝ρ物gV物，解得：
，所以静止时B将有
体积露出液面，D正确。故选：ABD。
【难度】1
14．（3分）如图甲所示电路中，电源电压不变，灯泡L标有“6V，3W”字样（灯丝电阻不变），R0＝12Ω。闭合开关S，断开开关S1、S2，滑片P从b端向右滑到某一位置c时（图中未标出），灯泡恰好正常发光；保持滑片P的位置不变，同时闭合开关S、S1和S2，滑片P从c向左滑到b端。两次电流表A的示数I随滑动变阻器阻值R变化情况如图乙所示，则下列说法正确的是（ ）
A．灯泡的电阻为12Ω
B．电源电压为9V
C．滑动变阻器的最大电阻为18Ω
D．当S、S1和S2都闭合时，调节滑片P，电路消耗总功率的最小值为20W
【答案】ACD
【考点】欧姆定律的应用；欧姆定律的多状态计算；电功率的综合计算．
【分析】（1）灯泡L标有“6V，3W”字样（灯丝电阻不变），由电功率P＝UI
可知灯泡的电阻；
（2）闭合开关S，断开开关S1、S2，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电流表测量电路电流，同时闭合开关S、S1和S2，定值电阻和滑动变阻器并联接入电路，由并联电路的电阻特征判断图乙中曲线对应操作，由欧姆定律I
和串联电路电压规律可知当闭合开关S，断开开关S1、S2，滑片P在b端阻值最大处时，电路电流最小为0.4A，可列电源电压U等式①；当闭合开关S，断开开关S1、S2，滑片P在c处时，灯泡恰好正常发光，电路电流为I额，可列电源电压等式②；保持滑片P的位置不变，同时闭合开关S、S1和S2，滑片P从c向左滑到b端时，由并联电路的电流规律可知，R0为定值电阻，所在支路电流不变，当滑动变阻器在滑动过程中阻值最小时即在c处时，干路电路最大为2A，可得干路电流等式
③；将②代入③可得c处变阻器阻值，代入②可得电源电压；
（3）将电源电压代入①可得变阻器最大阻值；
（4）当S、S1和S2都闭合时，电阻R0和滑动变阻器并联接入电路，电流表测量电路电流，R0为定值电阻，所在支路电流不变，由电功率P＝UI和并联电路电流规律可知，在电源电压U一定时，电路中电路最小时，电路消耗总功率电小，即滑动变阻器在b端时并联电路总电流最小，由P＝UI可知最小功率。
【解答】解：A、灯泡L标有“6V，3W”字样（灯丝电阻不变），由电功率P＝UI
可知：灯泡的电阻RL
12Ω，故A正确；B、闭合开关S，断开开关S1、S2，灯泡L阻值12Ω和滑动变阻器串联接入电路，电流表测量电路电流，保持滑片P的位置不变，同时闭合开关S、S1和S2，定值电阻R0＝12Ω和滑动变阻器并联接入电路，电流表测量电路电流，可知在滑片滑动过程中，由并联电路的电阻特征可知串联电路的总电阻（在对应的滑片一定时的阻值）大于并联电路的总电阻，电流表的示数在第一步操作时的电流较小，对应图乙中下部分曲线，由欧姆定律I
和串联电路电压规律可知：当闭合开关S，断开开关S1、S2，滑片P在b端阻值最大处时，电路电流最小为0.4A，电源电压U＝U滑+UL＝0.4A×Rmax+0.4A×12Ω
①当闭合开关S，断开开关S1、S2，滑片P在c处时，灯泡恰好正常发光，电路电流为I额
0.5A，电源电压U＝U滑+UL＝0.5A×Rc+6V
②保持滑片P的位置不变，同时闭合开关S、S1和S2，滑片P从c向左滑到b端时，由并联电路的电流规律可知，R0为定值电阻，所在支路电流不变，当滑动变阻器在滑动过程中阻值最小时即在c处时，干路电路最大为2A，由I总＝I滑+I
，可得：I总
即2A＝U（
）
③将②代入③可得：Rc＝12Ω，将Rc＝12Ω代入②可得：电源电压U＝12V，故B错误；C、将电源电压U＝12V代入①可得，Rmax＝18Ω，故C正确；D、当S、S1和S2都闭合时，电阻R0＝12Ω和滑动变阻器并联接入电路，电流表测量电路电流，R0为定值电阻，所在支路电流不变，由电功率P＝UI和并联电路电流规律可知，在电源电压U一定时，电路中电路最小时，电路消耗总功率电小，即滑动变阻器在b端时并联电路总电流最小，电路消耗总功率最小为：P＝UImin＝U（
）＝12V×（
）＝20W，故D正确。故选：ACD。
【难度】1
二、填空题（每空1分，共24分）
15．（3分）汽车两侧的后视镜是 （选填“平面镜”、“凸面镜”或“凹面镜”）。如图甲，轿车司机从右后视镜中观察到一辆越野车，下一时刻越野车在后视镜中的位置如图乙所示，越野车相对于轿车是 （选填“运动”或“静止”）的，后视镜中越野车的像是光的 形成的。
【答案】凸面镜；运动；反射
【考点】凸面镜与凹面镜的应用．
【分析】用球的外面做反射面是凸面镜，凸面镜对光线有发散作用。汽车的观后镜是利用凸面镜，成正立的、缩小的虚像，增大观察范围；
物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的，位置不变则是静止的；
【解答】解：汽车两侧的观后镜是利用凸面镜，能扩大司机的视野；由图知，越野车与小轿车的距离变小，即相对于小轿车的位置发生了变化，所以越野车相对于轿车是运动的；后视镜中的像是光的反射形成的。故答案为：凸面镜；运动；反射。
【难度】3
16．（3分）在雨后有时能看到五颜六色的彩虹，彩虹是光的 现象；彩色电视机屏幕上多彩的画面是由红、 、蓝三种色光混合而成的；光在真空中的传播速度为 m/s。
【答案】色散；绿；3×108
【考点】白色光是多种色光混合成的复色光；光的三原色；光在真空中的速度．
【分析】复色光分解为单色光而形成光谱的现象叫做光的色散，彩虹的出现是由于光的色散；
色光的三原色：红、绿、蓝。
光在真空中的传播速度为3×108m/s。
【解答】解：白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，即雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成；在各种色光中，被称为三原色的是红、绿、蓝，彩色电视机画面上的丰富色彩是由红、绿、蓝三种色光混合而成的，光在真空中的传播速度为3×108m/s。故答案为：色散；绿；3×108。
【难度】3
17．（3分）核电站通过核反应堆中的核 （选填“聚变”或“裂变”）来加热水，将核能转化为水蒸气的 能，再通过汽轮机转化为机械能，最后带动发电机转动转化为电能，电能属于 （选填“一次”或“二次”）能源。
【答案】裂变；内；二次
【考点】核能的利用．
【分析】核电站的核心是核反应堆，核燃料在裂变过程中释放出核能，再通过热交换器变为高温高压的蒸汽，将核能转化为水蒸气的内能，然后利用蒸汽去驱动蒸汽轮机，蒸汽轮机的旋转带动发电机发电。根据电能能否直接从自然界获得进行能源类别的判定。
【解答】解：核电站通过核反应堆中的核裂变来释放出核能，再通过热交换器加热水，使水变为高温高压的蒸汽，将核能转化为水蒸气的内能，再通过汽轮机转化为机械能，最后带动发电机转动转化为电能，电能不能够从自然界直接获取，属于二次能源。故答案为：裂变；内；二次。
【难度】3
18．（2分）用手将边长为0.1m，质量为0.4kg的正方体浸没在水中，将手放开瞬间它受到的浮力为 N，当物体静止时，它的下表面受到水的压强为 Pa。（g取10N/kg）
【答案】10；400
【考点】液体压强的公式及计算；利用阿基米德原理进行简单计算．
【分析】（1）根据阿基米德原理计算正方体浸没在水中时受到的浮力。
（2）根据物体的漂浮条件和压强公式计算物体静止时下表面受到的水的压强。
【解答】解：将边长为0.1m，质量为0.4kg的正方体浸没在水中，排开水的体积等于物体的体积，将手放开瞬间它受到的浮力为：
；当物体静止时，受到的浮力等于重力，即：
mg＝0.4kg×10N/kg＝4N；由浮力产生的原因可知，此时下表面受到水的压力就是它受到的浮力，即F＝F′浮＝4N，则下表面受到水的压强为：
。故答案为：10；400。
【难度】3
19．（3分）在探究“电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关”的实验中，小聪连接了如图所示的电路，电磁铁A端放有一小磁针，闭合开关，小磁针 （选填“顺”或“逆”）时针转动，向右移动滑动变阻器的滑片，电磁铁磁性 （选填“增强”、“减弱”或“不变”）。电磁铁磁性的强弱还与 有关。
【答案】顺；减弱；线圈的匝数
【考点】探究影响带电磁铁磁性强弱的实验．
【分析】开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极，则由磁极间的相互作用可判出小磁针的指向；由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可得出螺线管中磁场的变化；
电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关。
【解答】解：由图可知螺线管中电流由左侧流入，则由右手螺旋定则可知，螺线管A端为N极，B端为S极，因异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则可知小磁针顺时针转动；若滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，则由欧姆定律可得线圈中的电流变小，则电磁铁的磁性减弱；电磁铁磁性的强弱还与线圈的匝数有关。故答案为：顺；减弱；线圈的匝数。
【难度】3
20．（4分）如图所示的汽油机处于 （选填“压缩”或“做功”）冲程，这个冲程将 能转化为 能。某单缸四冲程汽油机的飞轮转动速度是2400r/min，则此汽油机每秒对外做功 次。
【答案】压缩；机械；内；20。
【考点】四冲程的能量转化；内燃机的四个冲程．
【分析】汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，各冲程的特点不同，因此根据气门的状态和活塞的运行方向确定冲程；有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；
汽油机完成一个工作循环，经过四个冲程，燃气对外做功一次，活塞往复两次，飞轮转动两周，完成4个冲程。
【解答】解：由图可知，内燃机两气门都关闭，活塞向上运动，故可以判断这个冲程是压缩冲程，此冲程是通过压缩气体做功将机械能转化为内能。汽油机的转速为2400r/min，说明1s内汽油机曲轴的转动次数等于40r，一个工作循环中，曲轴转动两周，对外做功一次，1s内曲轴转动40次，对外做功20次。
故答案为：压缩；机械；内；20。
【难度】3
21．（3分）如图所示，用手握住装水的杯子静止在空中，杯子 （选填“具有”或“不具有”）惯性；杯子所受摩擦力的方向 ；若喝掉杯中一部分水后，仍按如图方式保持静止，则杯子所受摩擦力大小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】具有；竖直向上；变小。
【考点】摩擦力的方向；惯性的概念；摩擦力的大小．
【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性。
（2）静止的物体受到平衡力的作用，根据平衡力的条件判断摩擦力的大小和方向。
【解答】解：（1）因为一切物体都具有惯性，所以用手握住装有水的杯子静止在空中，杯子具有惯性；（2）杯子被握在手中，处于静止状态，杯子在竖直方向上，受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，这两个力是平衡力，大小相等；（3）若喝掉杯中一部分水后，仍按如图方式保持静止，杯子受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，仍是二力平衡，大小相等，杯子和水的重力减小，摩擦力减小。故答案为：具有；竖直向上；变小。
【难度】3
22．（3分）某工人用竖直方向的滑轮组，把重600N的物体沿竖直方向以0.2m/s的速度匀速提升，所用拉力为250N，滑轮组的机械效率为80%（忽略摩擦及绳重），则该滑轮组与动滑轮相连的绳子段数为 段，拉力的功率为 W；当匀速提升重750N的物体时，拉力大小为 N。
【答案】见试题解答内容
【考点】功率的计算；滑轮组的中的相关计算．
【分析】根据η
得到该滑轮组与动滑轮相连的绳子段数，根据v＝nv物得到拉力的速度，根据P
Fv得到拉力的功率，忽略摩擦及绳重，根据F
（G+G动）得到动滑轮的重力，当匀速提升重750N的物体时，根据F′
（G′+G动）得到拉力大小。
【解答】解：滑轮组的机械效率η
，该滑轮组与动滑轮相连的绳子段数n
3，拉力的速度v＝nv物＝3×0.2m/s＝0.6m/s，拉力的功率P
Fv＝250N×0.6m/s＝150W，忽略摩擦及绳重，根据F
（G+G动）得到动滑轮的重力G动＝3F﹣G＝3×250N﹣600N＝150N，当匀速提升重750N的物体时，拉力大小F′
（G′+G动）
（750N+150N）＝300N。故答案为：3；150；300。
【难度】3
三、作图题（共8分）
23．（3分）小明用手机给水中的小鱼拍照，发现手机在水中的像刚好与鱼缸中的一条小鱼的像重合，图中A点表示小明眼睛的位置，B′点是小明看到的小鱼和手机的像重合的位置。请画出：
（1）手机的位置B；
（2）小明看到手机的像的光路图；
（3）水中鱼的大致位置C及看到鱼的光路图。
【答案】
【考点】根据物和像作折射光路图．
【分析】平面镜成像的特点：像与物的大小相等、像与物到平面镜的距离相等、像与物的连线与镜面垂直、像与物关于镜面对称；
由题知，小明看到手机在鱼缸中的像刚好与鱼缸中一条小鱼重合在B′点，根据平面镜成像的特点便可以画出手机的位置；
根据光从水中进入空气中时折射角大于入射角的规律作出人眼看到小鱼的光路图。
【解答】解：（1）根据平面镜成像像与物关于镜面对称，作出B′关于水面的对称点，即为手机的位置B；（2）小明看到手机在鱼缸中的像刚好与鱼缸中一条小鱼重合在B′，手机在鱼缸中的像是由光的反射形成的（水面相当于平面镜），看到鱼缸中一条小鱼是由光的折射形成的虚像。连接B′A交水面于点O，则点O
为入射点，连接BO即为入射光线，连接OA即为反射光线；（3）水中鱼“射向”水面的光由水斜射入空气发生折射后进入人眼，人眼逆着折射光线看到鱼的像在B′点，根据光的折射规律可知，鱼的实际位置C应该在像的下侧，如图所示：
【难度】3
24．（2分）图甲是一种常用的移动指示牌，图乙是它的模型，图丙是被风刮倒的指示牌，请在图丙中画出：将指示牌扶起的最小力及其力臂。
【答案】
【考点】杠杆的最小动力．
【分析】杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1L1＝F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
【解答】解：要将指示牌扶起，支点为C，由杠杆的平衡条件可知，AC为最长动力臂L1时，动力最小，连接AC，从A点作垂直于AC向上的线段，即为最小力F1的示意图，如图所示：
。
【难度】3
25．（3分）在符合安全用电原则的前提下，请将带有保险丝的三孔插座及电灯接入电路中。（其中部分电路已连接完成且要求开关只控制电灯）
【答案】
【考点】家庭电路的连线作图．
【分析】对于电灯接线的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯口，火线接在开关上，通过开关进灯头”。三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
【解答】解：安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；由图知，第二根导线与三孔插座的左孔连接，该导线是零线，三根电线从上到下依次为火线、零线和地线；三孔插座的右孔通过保险丝连接火线；灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；如图所示：
【难度】3
四、简答题（共4分）
26．（4分）从古至今中华民族一直对天空充满憧憬，从“嫦娥奔月”的想象，到今天国产大飞机C919首次商业飞行圆满成功，我们从未停止对天空的探索。同样对天空充满向往的同学们在老师的指导下，用一个稍大的薄塑料袋，袋口用细铜丝框成一个圆口，开口朝下，下方系上了一块酒精棉加热袋内空气，放手后，塑料袋便冉冉上升，制成了一个简易的“孔明灯”。结合所学，回答下列问题：
（1）几十吨的飞机为什么能够飞上天空？
（2）“孔明灯”为什么能飞上天空？
【答案】（1）飞机的机翼上表面较下表面突出，所以在飞机前进的过程中，通过机翼上表面的空气流速较下表面的大，根据流体压强与流速的关系可知，飞机上表面受到的压强小于下表面受到的压强，所以飞机会受到一个向上的压强差，这个压强差产生一个向上的升力，使几十吨的飞机能够飞上天空；（2）“孔明灯”内部空气温度高，密度小，导致其平均密度低于空气的密度，排开的空气重力大于自身重力，所以可以升空。
【考点】改变物体浮沉状态；密度与温度的关系．
【分析】（1）在流体中，流速越大的位置压强越小；
（2）物体排开空气的重力大于其自身重力，物体将上浮。
【解答】解：（1）飞机的机翼上表面较下表面突出，所以在飞机前进的过程中，通过机翼上表面的空气流速较下表面的大，根据流体压强与流速的关系可知，飞机上表面受到的压强小于下表面受到的压强，所以飞机会受到一个向上的压强差，这个压强差产生一个向上的升力，使几十吨的飞机能够飞上天空；
（2）“孔明灯”内部空气温度高，密度小，导致其平均密度低于空气的密度，排开的空气重力大于自身重力，所以可以升空。
【难度】3
五、计算题（共18分。要求写出必要的文字说明、公式、运算过程、数值、单位和答）
27．（8分）如图为某品牌微型电动汽车，该车的空载质量为1.2t，最多载重4人，车轮与地面的总接触面积为1000cm2，发动机的最大输出功率为20kW。（g取10N/kg）求：
（1）该车载重4人（每人按60kg计算）时，静止在水平路面上时对路面的压强；
（2）该车以最大输出功率在平直公路上匀速行驶18km，用时15min，在此过程中汽车受到的阻力；
（3）若该车在上述行驶过程中的能量全部由燃油来提供，燃油汽车的效率为25%，需要消耗多少千克的燃油。（q油＝4.5×107J/kg）
【答案】（1）该车载重4人（每人按60kg计算）时，静止在水平路面上时对路面的压强为1.44×105Pa；（2）该车以最大输出功率在平直公路上匀速行驶18km，用时15min，在此过程中汽车受到的阻力为103N；（3）若该车在上述行驶过程中的能量全部由燃油来提供，燃油汽车的效率为25%，需要消耗1.6千克的燃油。
【考点】压强的公式的应用；功率的计算；热机的效率公式与计算．
【分析】（1）该车载重4人（每人按60kg计算）时，静止在水平路面上时对路面的的压力等于总重力，根据G＝mg计算该车的总重力，根据p
计算对水平路面的压强；
（2）根据v
计算该车行驶的速度，因该车水平匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，由P
Fv计算该车受到的阻力；
（3）根据W＝Pt计算该车发动机做的功，根据效率公式计算燃油完全燃烧释放的热量，根据m
计算需要消耗燃油的质量。
【解答】解：（1）该车载重4人（每人按60kg计算）时，静止在水平路面上时对路面的的压力：F＝G＝mg＝（1.2×103kg+4×60kg）×10N/kg＝1.44×104N，对水平路面的压强：p
1.44×105Pa；（2）该车行驶的速度：v
20m/s，因该车水平匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，由P
Fv可得该车受到的阻力：F阻＝F牵
103N；（3）该车发动机做的功：W＝Pt＝20×103W×15×60s＝1.8×107J，燃油完全燃烧释放的热量：Q
7.2×107J，需要消耗燃油m
1.6kg。答：（1）该车载重4人（每人按60kg计算）时，静止在水平路面上时对路面的压强为1.44×105Pa；（2）该车以最大输出功率在平直公路上匀速行驶18km，用时15min，在此过程中汽车受到的阻力为103N；（3）若该车在上述行驶过程中的能量全部由燃油来提供，燃油汽车的效率为25%，需要消耗1.6千克的燃油。
【难度】5
28．（10分）中医药是中华文化的瑰宝，在疾病治疗方面具有不可替代的作用。图甲为小明同学家的小型电中药锅，其电路简图如图乙所示，通过开关S1和S2的不同接法组合，可以实现三挡加热功能，其中定值电阻R1、R2都是发热电阻，其部分参数如下表所示。[已知ρ药液＝1.0×103kg/m3，c药液＝4.2×103J/（kg•℃）]求：
额定电压/V |
220 |
额定功率/W |
高温挡880 |
中温挡440 |
|
低温挡 _____ |
（1）锅中的1L药液从25℃加热到35℃，中药液吸收的热量；
（2）低温挡的功率；
（3）若该中药锅以中温挡的工作电路给已煲好的药液温热110s，实际消耗的电能为4×104J，则此时电路的实际电压。
【答案】（1）锅中的1L药液从25℃加热到35℃，中药液吸收的热量为4.2×104J；（2）低温挡的功率为220W；（3）若该中药锅以中温挡的工作电路给已煲好的药液温热110s，实际消耗的电能为4×104J，此时电路的实际电压为200V。
【考点】电热的多挡问题；电功率多档位问题；电功率的综合计算．
【分析】（1）根据密度公式求出药液的质量，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出药液吸收的热量；
（2）由图乙可知，当开关S1闭合，S2接1时，R1、R2并联，当开关S1闭合，S2接2时，只有R1工作，当开关S1打开、S2接2时，R1、R2串联；根据串并联电路的特点和P
可知电中药锅高温挡、中温挡和低温挡的电路连接；根据中温挡功率和P
可求出R1的阻值；根据P2＝P高﹣P中求出R2的电功率，根据P
可求出R2的阻值；根据串联电路的电阻特点求出R1、R2的串联总电阻，根据P
求出低温挡的功率；
（3）根据W
t求出电路的实际电压。
【解答】解：（1）药液的体积V＝1L＝1dm3＝1×10﹣3m3，由ρ
可知，药液的质量：m＝ρ药液V＝1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3＝1kg，药液吸收的热量：Q吸＝c药液m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（35℃﹣25℃）＝4.2×104J；（2）由图乙可知，当开关S1闭合，S2接1时，R1、R2并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，由P
可知，电路中的总功率最大，电中药锅处于高温挡；当开关S1打开、S2接2时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P
可知，电路中的总功率最小，电中药锅处于低温挡；当开关S1闭合，S2接2时，只有R1工作，电中药锅处于中温挡；由表格数据可知，电中药锅中温挡的功率P中＝440W，由P
可知，R1的阻值：R1
110Ω；并联电路中的总功率等于各用电器的电功率之和，则高温挡工作时，R2的电功率：P2＝P高﹣P中＝880W﹣440W＝440W，由P
可知，R2的阻值：R2
110Ω；根据串联电路的电阻特点可知，R1、R2的串联总电阻：R＝R1+R2＝110Ω+110Ω＝220Ω，低温挡的功率：P低
220W；（3）由W
t可知，电路的实际电压：U实
200V。答：（1）锅中的1L药液从25℃加热到35℃，中药液吸收的热量为4.2×104J；（2）低温挡的功率为220W；（3）若该中药锅以中温挡的工作电路给已煲好的药液温热110s，实际消耗的电能为4×104J，此时电路的实际电压为200V。
【难度】5
六、实验、探究题（共34分）
29．（6分）小明为比较“不同物质吸热的情况”设计了如下的实验方案：将A、B两种液体分别装入烧杯中，固定在铁架台上，用两个相同的酒精灯同时加热，实验装置如图甲、乙所示，实验时每隔一段时间同时测量并记录A、B的温度。
（1）组装器材时应按照 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序依次安装；
（2）实验时，选取 相同、初温相同的A、B两种不同液体，加热时液体温度升高，这是通过 方式来增大液体内能的；
（3）此实验通过 （选填“液体升高温度的多少”或“加热时间的长短”）来反映液体吸收热量的多少；
（4）加热一段时间后，液体B的温度如图乙所示，为 ℃；
（5）根据实验数据小明绘制出的温度﹣时间图象如图丙所示，则液体 （选填“A”或“B”）更适合作为家中“暖气”中输运能量的介质。
【答案】（1）自下而上；（2）质量；热传递；（3）加热时间的长短；（4）33；（5）B。
【考点】物体吸热实验的数据和图像分析；比较不同物质吸热的情况；物体吸热实验器材的组装顺序；物体吸热实验用加热时间反映吸收热量的多少．
【分析】（1）实验中要用酒精灯的外焰加热，据此分析；
（2）（3）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
改变内能的方法是做功和热传递，据此分析；
（4）根据温度计分度值为1℃读数；
（5）根据绘制出的温度﹣时间图象知升高相同的温度，B加热时间长，根据比较吸热能力的方法确定B的吸热能力强，比热容大，根据Q＝cmΔt分析回答。
【解答】解：（1）要用酒精灯的外焰加热，故组装器材时应按照自下而上的顺序依次安装；（2）根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，实验时，选取质量相同、初温相同的A、B两种不同液体，加热时液体温度升高，这是通过热传递方式来增大液体内能的；（3）根据转换法，此实验通过加热时间的长短来反映液体吸收热量的多少；（4）温度计分度值为1℃；加热一段时间后，液体B的温度如图乙所示，为33℃；（5）根据绘制出的温度﹣时间图象知，升高相同的温度，B加热时间长，B的吸热能力强，比热容大，根据Q＝cmΔt，在质量和降低的温度相同时，B放热多，液体B更适合作为家中“暖气”中输运能量的介质。故答案为：（1）自下而上；（2）质量；热传递；（3）加热时间的长短；（4）33；（5）B。
【难度】3
30．（6分）小明利用如图所示的装置“探究凸透镜成像的规律”。
（1）实验前应调节烛焰、凸透镜、光屏，使它们的中心在同一水平高度，这样做的目的是 ；
（2）当蜡烛与凸透镜的位置如图所示时，在光屏上可得到烛焰清晰的、 （选填“放大”或“缩小”）的像，生活中利用此成像规律制成的光学仪器是 （选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）；
（3）保持蜡烛与凸透镜位置不变，用另一个凸透镜替换原透镜，发现需将光屏向右移动才能在光屏上重新得到清晰的像，此时像与原来的像相比 （选填“变大”或“变小”），新换用的凸透镜的焦距 （选填“大于”或“小于”）原凸透镜的焦距；
（4）如果小明只将图中的凸透镜换成薄玻璃板，前后移动光屏，他 （选填“能”或“不能”）在光屏上直接观察到烛焰的像。
【答案】（1）使像成在光屏中央；（2）缩小；照相机；（3）变大；大于；（4）不能。
【考点】探究凸透镜成像实验的成像原理；探究凸透镜成像的规律．
【分析】（1）为了使像成在光屏中央，应调节烛焰、凸透镜、光屏，使它们的中心在同一水平高度；
（2）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
（3）根据凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点进行判断；换用焦距大的凸透镜，相当于减小了物距，增大像距；
（4）平面镜成像是由光的反射形成的。
【解答】解：（1）为了使像成在光屏中央，应调节烛焰、凸透镜、光屏，使它们的中心在同一水平高度；（2）当蜡烛与凸透镜的位置如图所示，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；（3）保持蜡烛与凸透镜位置不变，换用不同焦距的凸透镜，将光屏向右移动重新得到清晰的像，此时像距变大像变大；根据凸透镜成实像时，物近像远像变大的特点可知，物距减小了，像距变大了，说明换用的凸透镜焦距变大；（4）光屏上能承接实像；若实验中将凸透镜换成薄玻璃板，玻璃板发生镜面反射成虚像，所以他不能在光屏上直接观察到烛焰的像。故答案为：（1）使像成在光屏中央；（2）缩小；照相机；（3）变大；大于；（4）不能。
【难度】3
31．（6分）小明在做“探究阻力对物体运动的影响”的实验中，让小车分别从斜面的同一高度处由静止滑下，观察小车在不同材料（毛巾、棉布、木板）的水平面上滑行的距离。
（1）同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，这样做的目的是为了使小车到达水平面的速度 。在下滑过程中，小车的 能转化为小车的动能；
（2）实验中发现小车在毛巾表面滑行的距离最近，在木板表面滑行的距离最远。说明小车受到的阻力越小，速度减小得越 （选填“快”或“慢”）；
（3）在步骤（2）的基础上进一步推理：如果小车在水平面上滑行时受到的阻力为零，它将做 运动，说明物体的运动 （选填“需要”或“不需要”）力来维持；
（4）若水平面的材料相同，增加一个木块，让同一小车从同一斜面的不同高度由静止滑下，还可以探究小车的 （选填“动能与速度”或“动能与质量”）的关系。
【答案】（1）相同；重力势；（2）慢；（3）匀速直线；不需要；（4）动能与速度。
【考点】小车从同一高度滑下的原因；探究阻力对物体运动的影响．
【分析】（1）根据控制变量法，要使小车到达水平面的速度相同；
在下滑过程中，根据小车的高度变化确定重力势能变化；根据速度变化确定动能变化，据此回答；
（2）根据实验现象回答；
（3）在步骤（2）的基础上推理回答；
（4）物体的动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
根据转换法，通过比较木块在同一水平面上被撞击的距离来比较小车到达水平面时动能的大小。
【解答】解：（1）根据控制变量法，同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，这样做的目的是为了使小车到达水平面的速度相同。在下滑过程中，小车的高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，重力势能转化为小车的动能；（2）实验中发现小车在毛巾表面滑行的距离最近，在木板表面滑行的距离最远。说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢；（3）在步骤（2）的基础上进一步推理：如果小车在水平面上滑行时受到的阻力为零，小车的速度不会变小，它将做匀速直线运动，说明物体的运动不需要力来维持；（4）小车的质量不变，若水平面的材料相同，增加一个木块，让同一小车从同一斜面的不同高度由静止滑下，小车下滑到水平面的速度不同，通过比较木块在同一水平面上被撞击的距离来比较小车达水平面时动能的大小，故还可以探究小车的动能与速度的关系。故答案为：（1）相同；重力势；（2）慢；（3）匀速直线；不需要；（4）动能与速度。
【难度】3
32．（6分）小明利用天平和量筒做了测量液体密度的实验。
（1）实验时发现放在水平桌面上的天平指针位置如图甲所示，他应该首先确认 ，再调节平衡螺母；
（2）将装有适量待测液体的烧杯放在调节好的天平上，测出烧杯和液体的总质量为154g；然后将烧杯中的液体倒入量筒中一部分，如图乙所示，量筒中液体的体积为 cm3；
（3）把烧杯和剩余液体放在天平上，天平平衡时砝码及游码的位置如图丙所示，则烧杯和剩余液体的质量为 g，根据上述实验数据计算出液体的密度ρ液＝ kg/m3。
（4）小明还想利用一个圆柱形的容器、刻度尺和水，测量小木块（不吸水）的密度，他设计了如下实验：
①在圆柱形容器内加入适量的水，用刻度尺测量水的深度记为h1；
②将小木块放入水中漂浮，水未溢出，用刻度尺测量水的深度记为h2；
③用细针将木块完全压入水中，水未溢出， 记为h3；
④则小木块密度表达式为ρ木＝ （用ρ水和所测物理量的字母表示）。
【答案】（1）游码是否在零刻度线处；（2）40；（3）106；1.2×103；（4）③用刻度尺测出杯中水的深度；④
。
【考点】测量液体的密度．
【分析】（1）使用天平时，要将托盘天平放在水平桌面上。调节天平平衡时，把游码移到标尺左端的“0”刻度线处；
（2）对于量筒，明确分度值，正确读数；
（3）读取天平结果时，质量为砝码加游码的质量，量筒中液体的质量可由前两次测量的结果求出，计算液体的密度可使用公式ρ
；
（4）设烧杯的底面积是S，烧杯中倒入水时，用刻度尺测出烧杯中水的深度h1，可以求出水的体积。
把木块漂浮水面上，测出此时水的深度h2，可以求出木块排开水的重力，即木块受到的浮力，木块漂浮在水面上，木块受到的浮力等于木块的重力，求出木块的质量。
当木块沉入放入烧杯，用刻度尺测出此时烧杯中水的深度h3，可以求出水和木块的总体积。从而求出木块的体积。再根据ρ
求出木块的密度。
【解答】解：（1）使用天平时，要将托盘天平放在水平桌面上，调节天平平衡时，把游码移到标尺左端的“0”刻度线处；（2）读量筒的体积，明确分度值，正确读数为40cm3；（3）如图丙所示，则烧杯和液体的总质量是m总＝100g+5g+1g＝106g；烧杯和液体的总质量为154g，所以，该液体的密度是ρ
1.2g/cm3＝1.2×103kg/m3；（4）实验步骤：①将适量的水倒入烧杯中，测出烧杯中水的深度h1。②将木块轻放入玻璃杯中，待它漂浮时，用刻度尺测出杯中水的深度为h2；③用细针缓慢地把木块压入水中，使之完全浸没，用刻度尺测出杯中水的深度为h3；设烧杯的底面积为S，木块漂浮时，其排开水的体积为：V排＝S（h2﹣h1）；因为木块漂浮在水面上受到的浮力等于重力，所以G＝F浮＝ρ水gV排＝ρ水gS（h2﹣h1）；则木块的质量：m
ρ水S（h2﹣h1）；当木块压入烧杯中，用刻度尺测出此时烧杯中水的深度h3。小木块的体积为：V＝S（h3﹣h1），小木块的密度：ρ
；故答案为：（1）游码是否在零刻度线处；（2）40；（3）106；1.2×103；（4）③用刻度尺测出杯中水的深度；④
。
【难度】5
33．（10分）小明使用阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，电压为3V的电源以及规格为“10Ω，0.5A”的滑动变阻器等器材，来“探究电流与电阻的关系”。
（1）他首先将5Ω的电阻接入了图甲的电路中，检查时发现电路中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；
（2）电路正确连接后，闭合开关时发现，此时电压表和电流表均无示数，他判断产生此现象的原因是 （选填“定值电阻”或“滑动变阻器”）断路。排除故障后移动滑动变阻器的滑片，电流表示数如图乙所示，则此时电压表示数为 V；
（3）当定值电阻由5Ω换为10Ω时，为达到实验要求，需向 （选填“左”或“右”）调节滑动变阻器的滑片。分别将5Ω和10Ω的电阻接入电路，在电压表示数不变的情况下，滑动变阻器消耗的电功率之比为 ；
（4）如果只利用现有器材，让四个电阻单独接入电路都可完成实验，定值电阻两端的电压应控制在2V～ V之间；
（5）小明按上述方法，更换不同阻值的电阻进行了多次实验后，得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成 。
（6）完成上面实验后，小明又设计了图丙所示的电路来测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，已知电源电压为7V，R0的阻值为10Ω，请完成以下实验步骤：
①开关S和S1闭合、S2断开，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，将开关S和S2闭合、S1断开，此时电压表示数为3V；再将滑动变阻器的滑片移到最 （选填“左”或“右”）端，此时电压表示数为5V，电路中的电流为 A；
③小灯泡正常发光时的电阻RL＝ Ω。（结果保留一位小数）
【答案】（1）见解答图；（2）滑动变阻器；2；（3）右；2：1；（4）2.5；（5）反比；（6）②左；0.2；③8.3。
【考点】探究电流与电阻的关系．
【分析】（1）在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端；
（2）若电流表无示数，说明电路可能断路；电压表无示数，说明电压表与电源之间存在断路，据此分析；根据电流表选用量程确定分度值读数，利用欧姆定律求出定值电阻两端电压；
（3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
因定值电阻两端的电压保持不变，根据串联电路电压规律结合欧姆定律和P＝UI分析回答；
（4）根据允许的最大电流和最小电阻确定控制电压表的最大电压；
（5）根据电流与电阻的乘积为一定值分析得出结论；
（6）①分析电路连接，灯在额定电压下正常发光，根据串联电路电压规律可使灯正常发光；
②保持滑动变阻器位置不动，开关S、S2闭合、S1断开，此时电压表示数为3V；再将滑动变阻器滑片调到最左端，此时电压表示数为5V，根据串联电路电压的规律得出定值电阻两端的电压，由欧姆定律求出电路中的电流；
③根据电流的流向，确定电路中的电流不变，故当电压表示数为3V时，由欧姆定律求出滑动变阻器连入电路的电阻，由欧姆定律得出灯正常发光时灯的电流，根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻。
【解答】解：（1）原电路图中，电流表与定值电阻并联，电压表串联在电路中是错误的，在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示：
；（2）若电流表无示数，说明电路可能断路；电压表无示数，说明电压表与电源之间存在断路，即产生此现象的原因是滑动变阻器断路；电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A，则定值电阻两端电压为UV＝I1R1＝0.4A×5Ω＝2V，即电压表示数为2V；（3）实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动；小明将5Ω和10Ω电阻分别接入电路，因定值电阻两端的电压保持不变，根据欧姆定律可知，在电压不变时，电流与电阻成反比，故电路中电流之比为：I1：I2＝10Ω：5Ω＝2：1；因电源电压和定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压不变，由P＝UI可知，在电压不变时，电功率与电流成正比，故两次实验滑动变阻器消耗的电功率之比为2：1；（4）由图甲可知，电流表选用小量程，滑动变阻器允许通过的最大电流为0.5A，即电路中最大电流为0.5A，当电路中电流最大，定值电阻阻值最小时，定值电阻两端电压最大，故定值电阻两端最大电压为：UV大＝I大R定小＝0.5A×5Ω＝2.5V；（5）因电流与电阻的乘积为一定值，故可得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；（6）①开关S、S1闭合、S2断开，此时灯泡和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，当灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为2.5V；由串联电路的电压规律可知，电压表的示数为7V﹣2.5V＝4.5V；②保持滑动变阻器位置不动，开关S、S2闭合、S1断开，此时滑动变阻器的最大电阻和R0串联，电压表测滑片右侧电阻丝的电压，已知此时电压表示数为3V；再将滑动变阻器滑片调到最左端，滑动变阻器的最大电阻仍然和R0串联，电压表测整个滑动变阻器两端的电压，此时电压表示数为5V，根据串联电路电压的规律，定值电阻两端的电压为7V﹣5V＝2V，由欧姆定律，电路中的电流为：I
0.2A；③在②中，因电压表接在滑片上，故电流经定值电阻后经滑动变阻器的全部电阻丝回到电源负极，因此在移动滑片过程中，电路中的电流不变，电压表测滑片右侧部分电阻丝的电压；故当电压表示数为3V时，由欧姆定律，滑动变阻器连入电路的电阻：R滑部分
15Ω，由串联电路电流特点和欧姆定律，在①中，灯正常发光时灯的电流为：IL
0.3A；小灯泡正常发光时的电阻为：RL
8.3Ω。故答案为：（1）见解答图；（2）滑动变阻器；2；（3）右；2：1；（4）2.5；（5）反比；（6）②左；0.2；③8.3。
【难度】5