2022年山东省青岛市中考物理试卷

一、单项选择题（满分20分，共10题，每题2分。每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）

1．（2分）古人云：“不积跬步，无以至千里。”商鞅规定：单脚迈出一次为“跬”，双脚相继迈出为“步”。按此规定，一名普通中学生正常行走时，1“步”的距离最接近（　　）

A．1mm

B．1cm

C．1m

D．1km

【答案】C

【考点】常见的长度及估测

【分析】已知举足两次为“步”，根据中学生平时走路时两脚之间的距离估测1“步”的距离

【解答】解：由题知，举足一次为“跬”，举足两次为“步”，则1步＝2跬，一名普通中学生正常行走时，单脚迈出一次的距离大约0.5m，所以1“步”的距离最接近1m。故选：C。

【难度】1

2．（2分）能源危机已成为国际性问题，世界各国越来越重视节约能源。下列属于可再生能源的是（　　）

A．煤

B．石油

C．天然气

D．风能

【答案】D

【考点】可再生能源和不可再生能源；能源及其分类

【分析】从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源。人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；在自然界中可以不断再生的能源，属于可再生能源。

【解答】解：A、煤炭属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故A错误；B、石油属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故B错误；C、天然气属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故C错误；D、风能属于可再生能源，故D正确。故选：D。

【难度】1

3．（2分）下列电流做功的过程中，电能主要转化为机械能的是（　　）

A．电风扇吹风

B．电灯发光

C．电饭锅煮饭

D．电解水制氧

【答案】A

【考点】电功的实质

【分析】用电器工作的过程，本质是电流做功的过程，此过程中电能转化为其它形式的能。

【解答】解：A、电风扇吹风，电能主要转化成机械能，故A正确；B、电灯发光，电能转化成光能和内能，故B错误；C、电饭锅煮饭，是电能转化为内能，故C错误；D、电解水制氧，由电能转化成化学能，故D错误。故选：A。

【难度】1

4．（2分）辛弃疾的《西江月》中有“稻花香里说丰年，听取蛙声一片”，词人辨别出青蛙的声音，是依据声音的（　　）

A．音调

B．响度

C．音色

D．速度

【答案】C

【考点】根据音色辨别发声体

【分析】音色是取决于发声体本身的一种特性，可以用于区分或辨别发声体。

【解答】解：不同发声体的音色不同，诗人能分辨出叫声是青蛙发出的，是因为青蛙的音色与其他动物不同。故选：C。

【难度】1

5．（2分）“爱护眼睛，你我同行”。眼球好像一架照相机，其成像原理与凸透镜类似，要成倒立、缩小的实像，物体可位于图中的（　　）

A．A点

B．B点

C．C点

D．D点

【答案】D

【考点】凸透镜成像规律的应用

【分析】当物距大于2倍焦距时，则像距在1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、缩小的实像，其应用是照相机。

【解答】解：眼球好像一架照相机，其成像原理与凸透镜类似，要成倒立、缩小的实像，此时的物距应大于二倍焦距，所以物体可以位于图中的D点处。故选：D。

【难度】1

6．（2分）小明选取一根粗细均匀的铅笔芯，连接成图示电路，把左端夹子固定，移动右端夹子，观察到小灯泡的亮度发生了变化。实验中，影响导体电阻大小的因素是（　　）

A．长度

B．横截面积

C．电流

D．电压

【答案】A

【考点】电阻大小与导线长度、横截面积、材料之间的关系

【分析】影响电阻大小的因素是材料、长度、横截面积和温度，根据题干中的变量分析。

【解答】解：把左端夹子固定，移动右端夹子，铅笔芯接入电路中的长度发生了变化，灯泡的亮度发生了变化，这说明铅笔芯接入电路中的电阻发生了变化，所以影响导体电阻大小的因素是长度。故选：A。

【难度】3

7．（2分）学习了牛顿第一定律之后，同学们展开了讨论，以下观点错误的是（　　）

A．物体的运动不需要力来维持

B．物体不受力，它的运动状态不变

C．静止的物体没有惯性

D．此定律是在实验和大量事实基础上推理得出的

【答案】C

【考点】牛顿第一定律的内容

【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因；

（2）牛顿第一定律的内容：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；

（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体在任何时候都有惯性；

（4）牛顿第一定律是在大量实验事实的基础上，通过进一步的科学推理而概括来的。

【解答】解：A、物体的惯性维持了物体的运动，物体的运动不需要力来维持，故A正确；B、由牛顿第一定律可知，物体不受力，要么静止，要么做匀速直线运动，即运动状态不变，故B正确；C、静止的物体也有惯性，故C错误；D、牛顿第一定律是在实验和大量事实基础上推理得出的，故D正确。故选：C。

【难度】3

8．（2分）“低碳环保，绿色出行”已成为共识。自行车是便捷环保的交通工具，以下设计和操作，可以减小摩擦的是（　　）

A．轮胎表面有凹凸不平的花纹

B．给轴承加润滑油

C．用力捏闸，使车更快地停下来

D．刹车时，使车轮由滚动变为滑动

【答案】B

【考点】增大有益摩擦的方法

【分析】（1）摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度；

（2）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；

（3）减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。

【解答】解：A、轮胎表面有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A不合题意；B、给轴承加润滑油，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力，故B符合题意；C、用力捏闸，使车更快地停下来，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故C不合题意；D、刹车时，使车轮由滚动变为滑动，可以增大摩擦力，故D不合题意。故选：B。

【难度】3

9．（2分）浙江大学课题组成功研制出的“全碳气凝胶”，是目前最轻的固态材料，哪怕将杯子大小的气凝胶放在狗尾草上，纤细的草须也不会被压弯（如图所示）。它具有优良的隔热性和很强的弹性，它还是吸油能力最强的材料之一，吸油量可高达自身质量的900倍。若将“全碳气凝胶”应用于实际生产和生活，以下设想不可行的是（　　）

A．制作轻盈的保暖服

B．治理海洋漏油污染

C．制作沙发坐垫

D．制作暖气散热片

【答案】D

【考点】物质属性对科技进步的影响

【分析】根据题目信息，逐项分析得出答案。

【解答】解：“全碳气凝胶”，是目前最轻的固态材料，且还是吸油能力最强的材料之一，故可制作轻盈的保暖服、治理海洋漏油污染、制作沙发坐垫，故ABC错误；“全碳气凝胶”具有优良的隔热性，故不适合制作暖气散热片，故D正确。故选D。

【难度】3

10．（2分）如图所示的电路中，电源电压U保持不变，定值电阻R₁＞R₂，闭合开关S，通过电阻R₁、R₂和干路的电流分别是I₁、I₂和I；R₁、R₂两端的电压分别是U₁、U₂。下列判断正确的是（　　）

A．I₁＞I₂

B．I＝I₁+I₂

C．U₁＞U₂

D．U＝U₁+U₂

【答案】B

【考点】欧姆定律的应用；并联电路中的电流规律；并联电路中的电压规律

【分析】由图分析可知，电路为两个电阻的并联电路，并联电路中各个支路两端的电压与电源电压相等；

已知电压一定，R₁＞R₂，根据I 分析I₁、I₂的大小关系，根据并联电路电流的规律判断出I与I₁、I₂的关系。

【解答】解：CD、闭合开关S，该电路为并联电路，并联电路中各个支路两端电压与电源电压相等，即U₁＝U₂，故C、D错误。A、由I 可知，电压一定，R₁＞R₂，则I₁＜I₂，故A错误；B、并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，即I＝I₁+I₂，故B正确。故选：B。

【难度】5

二、多项选择题（满分15分，共5题。每题给出的四个选项中，有2～3个选项符合题目要求，全选对得3分，漏选得2分，错选或不选得0分）

11．（3分）下列实验现象的解释或实验原理的阐述，正确的是（　　）

A．将导线平行置于小磁针上方，通电时小磁针发生偏转，是因为通电导线周围存在磁场

B．向自由下垂的两张纸中间吹气，它们相互靠拢，是因为气体中流速越大的位置压强越大

C．托盘天平是一种等臂杠杆，用它测量物体质量时，运用了杠杆平衡原理

D．用刻度尺和秒表测量小车在斜面上运动的平均速度，运用的原理是v

【答案】ACD

【考点】电流的磁效应；平均速度；流体压强与流速的关系；杠杆在生活中的应用

【分析】（1）奥斯特实验说明通电导体周围存在磁场；

（2）流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大；

（3）动力臂等于阻力臂，杠杆为等臂杠杆；

（4）物体运动的路程与时间的比值叫做速度。

【解答】解：A、将通电直导线平行地放里在静止的小磁针上方，发现小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场，故A正确；B、在两张纸的中间向下吹气，两纸中间的空气流速大，压强小；而两纸的外侧空气流速小，压强大，两纸受到向内的压力差，所以两张纸将向中间靠拢，故B错误；C、天平是等臂杠杆，利用了杠杆平衡原理，故C正确；D、用刻度尺测量出小车运动的路程，用秒表测量小车在斜面上运动的时间，根据v 可以求出小车的平均速度，故D正确。故选：ACD。

【难度】3

12．（3分）北京冬奥会的成功举办，大大激发了国民参与冰雪运动的热情。某滑雪爱好者从雪坡高处的A点由静止自由滑下，经坡底的B点后，继续在水平滑道上滑行，最后停在C点。关于滑雪者的机械能，下列分析正确的是（　　）

A．在A点动能为零，重力势能最大

B．从A到B的过程中重力势能逐渐减小

C．从B到C的过程中动能逐渐增大

D．从A到C的过程中机械能不变

【答案】AB

【考点】动能和重力势能的相互转化；机械能的概念

【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。

（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。

（3）不计摩擦阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。

【解答】解：A、在A点高度最高，重力势能最大，速度为零，动能为零，故A正确；B、从A到B的过程中，质量不变，高度降低，重力势能减少，故B正确；C、从B到C的过程中速度减小，动能逐渐减小，故C错误；D、从A到C的过程，克服摩擦做功，机械能转化为一部分内能，故机械能减小，故D错误。故选：AB。

【难度】3

13．（3分）如图所示，取一个不易形变的饮料瓶，用橡皮膜扎紧瓶口，在其侧面开一小孔，用插有玻璃管的橡皮塞塞紧，玻璃管中有一段红色液柱，将瓶内气体密封，橡皮膜受到的压力发生变化，红色液柱会移动，从而制成一个简易压强计。下列分析正确的是（　　）

A．橡皮膜受到的压力相同时，玻璃管内径越粗，液柱上升越明显

B．将饮料瓶放入水中，液柱上升，表明液体内部有压强

C．饮料瓶在水中的位置越深，液柱上升越高，表明同种液体的压强随深度的增加而增大

D．将饮料瓶放入不同液体相同深度处，液柱上升高度不同，表明液体的压强与液体密度有关

【答案】BCD

【考点】液体压强与液体密度的关系；液体压强规律

【分析】液体的压强与深度和液体密度有关；橡皮膜相当于压强计的探头，通过液柱上升的高度显示压强大小，对各个因素采用控制变量法进行分析。

【解答】解：A、橡皮膜受到的压力相同时，橡皮膜受到的压强相同，密封气体体积变化量相同，玻璃管内径越细液柱上升高度越明显；故A错误；B、将饮料瓶放入水中，液柱上升，说明橡皮膜受压发生形变，因而表明液体内部有压强，故B正确；C、饮料瓶在水中的位置越深，液柱上升越高，说明橡皮膜出压强越大，表明同种液体的压强随深度的增加而增大，故C正确；D、将饮料瓶放入不同液体相同深度处，深度相同，液体密度不同，液柱上升高度不同，说明液体的压强不同，表明液体的压强与液体密度有关，故D正确。故答案为：BCD。

【难度】3

14．（3分）小明探究串联电路的电压规律，连接了如图所示的电路，下列做法正确的是（　　）

A．闭合开关S，电压表测量L₂两端的电压

B．只将导线①的下端改接到L₁右端，闭合开关S，电压表测量L₂两端的电压

C．只将导线①的下端改接到L₁左端，闭合开关S，电压表测量L₁和L₂的总电压

D．只将导线②的下端改接到L₁左端，闭合开关S，电压表测量L₁两端的电压

【答案】ABC

【考点】判断电压表测量的对象

【分析】根据每个选项中的操作判定电路的连接方式和电压表的作用。

【解答】解：A、闭合开关S，该电路为串联电路，电压表与L₂并联，电压表测量L₂两端的电压，故A正确；B、只将导线①的下端改接到L₁右端，该电路为串联电路，电压表与L₂并联，闭合开关S，电压表测量L₂两端的电压，故B正确；C、只将导线①的下端改接到L₁左端，闭合开关S，电压表并联到了电源的两端，测量L₁和L₂的总电压，故C正确；D、只将导线②的下端改接到L₁左端，闭合开关S，电压表的正负接线柱接反了，无法测量L₁两端的电压，故D错误。故选：ABC。

【难度】3

15．（3分）如图甲所示，工人师傅利用动滑轮将重360N的货物匀速提起，拉力F＝200N，货物上升的高度h与所用时间t关系的图象如图乙所示，不计绳重和摩擦。下列说法正确的是（　　）

A．动滑轮的重力G_动＝20N

B．货物上升的速度v＝0.4m/s

C．拉力F的功率P＝80W

D．动滑轮的机械效率η＝90%

【答案】BD

【考点】滑轮、滑轮组机械效率的计算；功率的计算；动滑轮的计算

【分析】（1）不计绳重和摩擦，由F （G+G_动）可求得动滑轮的重力；

（2）由货物上升的高度h与所用时间t关系的图象可求得货物上升的速度；

（3）由v_绳＝2v可求得绳子移动的速度，由P Fv可求得拉力F的功率；

（4）不计绳重和摩擦，由η 可求得动滑轮的机械效率。

【解答】解：A、不计绳重和摩擦，由F （G+G_动）可得，动滑轮的重力：G_动＝2F﹣G＝2×200N﹣360N＝40N，故A错误；B、由货物上升的高度h与所用时间t关系的图象可得，货物上升的速度：v 0.4m/s，故B正确；C、绳子移动的速度v_绳＝2v＝2×0.4m/s＝0.8m/s，拉力F的功率P Fv_绳＝200N×0.8m/s＝160W，故C错误；D、不计绳重和摩擦，动滑轮的机械效率η 90%，故D正确。故选：BD。

【难度】5

三、填空与作图题（满分20分，共5题）

16．（3分）“二十四节气”是我国劳动人民创造的辉煌文化，它的雏形距今已有三千多年。

（1）“二十四节气歌”中有“立春阳气转，雨水沿河边”的描述，立春后冰河解冻，这属于物态变化中的 　 　现象，此过程需要 　 　热量。

（2）“节气百子歌”中有“五月端阳吃粽子，六月天热买扇子”的句子，端阳节粽香四溢，这是 　 　现象。

【答案】（1）熔化；吸收；（2）扩散。

【考点】扩散现象；熔化的概念及现象；熔化的吸热特点

【分析】（1）物质由固态变为液态是熔化吸热现象；

（2）不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象。

【解答】解：（1）立春后冰河解冻，属于熔化现象，会吸收热量；（2）端阳节粽香四溢，说明粽子的香味分子不停地做无规则的运动，扩散到空气中被我们闻到了。故答案为：（1）熔化；吸收；（2）扩散。

【难度】3

17．（4分）2022年5月10日凌晨，“天舟四号”货运飞船搭载“长征七号遥五”运载火箭升空，8点54分与“天和”核心舱精准对接，万里穿针也能轻盈优雅。

（1）火箭升空时，燃气向下喷出，火箭向上运动，说明物体间力的作用是 　 　的。

（2）飞船运行过程中，通过 　 　（选填“电磁波”或“超声波”）与地面遥控中心进行信息传递。

（3）飞船与核心舱对接后，一起绕地球飞行，以核心舱为参照物，飞船是 　 　的。

（4）飞船把货物从地球运送到太空后，货物的质量 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

【答案】（1）相互；（2）电磁波；（3）静止；（4）不变。

【考点】运动和静止的相对性；质量的概念与特性；力的相互性；电磁波的传播；参照物的选择

【分析】（1）物体间力的作用是相互的。

（2）电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。

（3）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。

（4）物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系。

【解答】解：（1）火箭升空时，燃气向下喷出，给燃气一个向下的力，同时燃气给火箭一个向上的力，所以火箭向上运动，说明物体间力的作用是相互的。（2）电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，而超声波不能在真空中传播，所以飞船运行过程中，通过电磁波与地面遥控中心进行信息传递。（3）飞船与核心舱对接后，一起绕地球飞行，以核心舱为参照物，飞船与核心舱之间的位置没有发生变化，所以飞船是静止的。（4）飞船把货物从地球运送到太空后，货物的位置发生了变化，但其所含物质的多少没有改变，所以质量不变。故答案为：（1）相互；（2）电磁波；（3）静止；（4）不变。

【难度】3

18．（3分）“安全用电，从我做起”。如图是已接入家庭电路中的一个插线板。

（1）插线板上标记A的插孔，应与家庭电路的 　 　线相连。

（2）多个用电器同时插在插线板上工作，它们的连接方式是 　 　联。

（3）将电烤箱的插头插入插线板，闭合开关，家里的空气开关跳闸了，原因可能是 　 　。

【答案】（1）地；（2）并；（3）用电器总功率过大。

【考点】电路故障与其对应的现象；家庭电路中各元件的连接方式；插座的构造与工作方式；三线插头和三孔插座的连接；三线插头和三孔插座的好处

【分析】（1）三孔插座的接法：上面的孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。

（2）并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响；

（3）造成保险丝熔断和空气开关跳闸的原因是电流过大，而造成电流过大的原因有两个：一是总功率过大；二是短路。

【解答】解：（1）由图可知，三孔插座的A孔应与家庭电路的地线相连，当用电器的金属外壳漏电时，电流就通过地线流入大地，防止触电事故的发生；（2）多个用电器同时插在插线板上工作，它们同时工作，互不影响，它们的连接方式是并联；（3）因为电烤箱是大功率用电器，将电烤箱的插头插入插线板，闭合开关，家里的空气开关跳闸了，原因可能是用电器总功率过大。故答案为：（1）地；（2）并；（3）用电器总功率过大。

【难度】3

19．（5分）在践行青岛市中小学生全面发展“十个一”活动中，小明掌握了滑板运动技能，增强了体质，享受到体育运动的乐趣。

（1）小明提着滑板在水平路面上匀速行走，他对滑板 　 　（选填“做功”或“不做功”），画出滑板的受力示意图。

（2）滑板滑行过程中，轮子发热，其内能 　 　，这是通过 　 　方式改变内能的。

【答案】（1）不做功；见解析；（2）变大；做功

【考点】做功改变物体的内能；画力的示意图；力是否做功的判断

【分析】（1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；对滑板受力分析，然后画出力的示意图；

（2）改变物体内能的方式有做功和热传递。

【解答】解：（1）提着滑板在水平路面上匀速前行，此时力的方向竖直向上，与距离的方向垂直，故不做功；滑板处于匀速直线运动状态，受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力的作用，这两个力是一对平衡力，作用点在滑板的重心上，如图所示： ；（2）滑板滑行过程中，轮子发热，这是克服摩擦做功，机械能转化为内能，内能变大，是通过做功的改变内能的。故答案为：（1）不做功；见解析；（2）变大；做功。

【难度】3

20．（5分）综合实践活动中，小明想设计制作一个用于户外照明的简易电路。现有器材：干电池两节，额定电压均为3V的小灯泡两个，开关一个，导线若干。小明选用一节干电池，连接了如图甲所示的电路，闭合开关后灯泡发光，但照明效果不佳。他又在原电路中接入另一个灯泡，连接成图乙所示的电路，闭合开关后，照明效果反而更差了。

（1）小华对小明的实验进行了分析：电源电压一定，两个灯泡串联后，总电阻变大，电流变 　 　，根据公式P＝UI可知，总功率变 　 　，因此照明效果更差。

（2）为了获得比图甲电路更佳的照明效果，请你利用现有器材设计一个电路，画出电路图，并对所选器材做出必要的说明（无需解释亮度变化的原因）。

【答案】（1）小；小；（2）见解答图。

【考点】电功率的综合计算；应用欧姆定律设计电路图

【分析】（1）电源电压一定，两个灯泡串联后，总电阻变大，根据I 判断出电路中电流的变化，根据公式P＝UI判断出总功率的变化，进而判断出照明效果的变化；

（2）根据并联电路电阻的规律和P 判断出为了获得比图甲电路更佳的照明效果的方法，据此设计电路。

【解答】解：（1）电源电压一定，两个灯泡串联后，总电阻变大，根据I 知电流变小，根据公式P＝UI可知，总功率变小，因此照明效果更差；（2）要获得比图甲电路更佳的照明效果，即增大电路的电功率，在电源电压不变时，由P 知减小电路的总电阻；根据并联电路的总电阻小于任何一个分电阻知需要将两相同的灯泡并联，开关控制整个电路，见下图： 。故答案为：（1）小；小；（2）见上图。

【难度】3

四、实验探究题（满分30分，共5题）

21．（6分）五代时期名士谭峭所著《化书》中，记载了照镜子时“影与形无异”的现象。关于平面镜成像的特点，小明用图甲所示装置进行了探究。

（1）用玻璃板代替平面镜进行实验，目的是便于 　 　。

（2）把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形相同但不点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合，说明平面镜所成的像与物体大小 　 　，证实了“影与形无异”。

（3）改变蜡烛A的位置，进行三次实验。用直线将物和像的位置连接起来，如图乙所示，发现物和像的连线与镜面 　 　，用刻度尺测得像和物到镜面的距离相等。

（4）综上可得，平面镜所成的像与物体关于镜面 　 　。

（5）蜡烛A的像，是它发出的光经玻璃板反射而形成的 　 　像。若在玻璃板后放置一块木板，蜡烛A 　 　（选填“仍能”或“不能”）通过玻璃板成像。

【答案】（1）确定像的位置；（2）相等；（3）垂直；（4）对称；（5）虚；仍能。

【考点】探究平面镜成像实验像与物的大小以及位置关系；探究平面镜成像的特点；探究平面镜成像实验选用玻璃板的原因；探究平面镜成像实验成虚像

【分析】（1）实验时选择透明的玻璃板，在物体的一侧，既能看到物体的像，也能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置；

（2）实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系；

（3）（4）平面镜成像时，像物等距，相对于镜面是对称的，其连线与镜面垂直；

（5）平面镜成像是反射光线的反向延长线会聚形成的，而且平面镜成虚像。

【解答】解：（1）实验时选择透明的玻璃板，能同时观察到像和代替蜡烛A的蜡烛B，便于确定像的位置；（2）玻璃板后面没有点燃的蜡烛和玻璃板前面点燃蜡烛的像完全重合，说明物体在平面镜中所成的像与物体大小相等；（3）平面镜所成像的大小与物体的大小相等，像和物体到平面镜的距离相等，像和物体的连线与镜面垂直；（4）用数学中的知识点可表示为平面镜所成的像与物体关于镜面对称；（5）平面镜成像是反射光线的反向延长线会聚形成的，所以成的像是虚像，若在玻璃板后放置一块木板，不影响反射光线进入人的眼睛，所以在物体一侧还能看到玻璃板内点亮蜡烛的像。故答案为：（1）确定像的位置；（2）相等；（3）垂直；（4）对称；（5）虚；仍能。

【难度】3

22．（6分）茶圣陆羽在《茶经》中，形容沸腾的水“势如奔涛”。小明组装了如图甲所示的装置，探究水沸腾的特点。

（1）装置中温度计的使用存在错误，请指出：　 　。

（2）改正错误后进行实验，某时刻温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为 　 　℃。

（3）持续加热至水沸腾，观察到“势如奔涛”的景象，这是一种剧烈的汽化现象。实验表明，水沸腾过程中，温度 　 　，需要 　 　热量。

（4）根据实验数据绘制了温度随时间变化的图象，如图丙所示，其中图线的 　 　段表示水的沸腾过程。

（5）你知道吗，通过降温居然也能使水沸腾。如图丁所示，将刚停止沸腾的水装入烧瓶，迅速塞上瓶塞并倒置，然后向瓶底浇冷水，发现水重新沸腾起来，原因是瓶内气体温度降低，气压减小，水的沸点 　 　。

【答案】（1）温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；（2）92；（3）不变；吸收；（4）BC；（5）降低。

【考点】探究水沸腾时温度变化的图像分析和数据处理；探究水沸腾时温度变化的特点

【分析】（1）温度计测量温度时，玻璃泡不能碰到容器底或容器壁；

（2）根据温度计的分度值读出水的温度；

（3）（4）沸腾时的特点：吸热但温度保持不变；

（5）气体温度降低，气压减小，水的沸点降低。

【解答】解：（1）观察甲图可知，图中有的错误是温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；（2）图乙知温度计的分度值为1℃，温度计的示数为92℃，即此时水的温度为92℃；（3）（4）水沸腾时吸热但温度保持不变，所以丙图图线的BC段表示水的沸腾过程；（5）水停止沸腾后，迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，会看到烧瓶中的水重新沸腾。因为当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，瓶内的水蒸气遇冷液化，瓶内液面上方气压降低，导致沸点降低，所以水重新沸腾起来。故答案为：（1）温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；（2）92；（3）不变；吸收；（4）BC；（5）降低。

【难度】3

23．（7分）小明做“探究电流和电阻的关系”的实验，所用电源电压为3V，三个定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω和20Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω 2A”。

（1）图甲是小明连接的部分电路，请用笔画线代替导线，将电路连接完整。

（2）先用5Ω的定值电阻进行实验，将滑动变阻器的滑片P移至阻值最 　 　处，闭合开关，调节滑片P到合适位置，记录电压表和电流表的示数，其中电流表示数如图乙所示，电流大小为 　 　A。

（3）将5Ω的定值电阻依次更换为10Ω、20Ω继续探究，均应将滑片P向 　 　移动，使电压表示数仍为 　 　V，并记录数据。

（4）分析实验数据得出结论，图丙中能正确反映电流和电阻关系的图象是 　 　。

【答案】（1） （2）大；0.4；（3）左；2；（4）右图。

【考点】探究电流与电压的关系

【分析】（1）将电压表并联在电阻两端，根据电源电压判断出电压表的量程，且将电压表并联在电阻两端；

（2）为了保护电路闭合开关前滑片放在阻值最大处；

由图乙看清电流表的量程和分度值，根据指针位置读出电流表示数；

（3）根据欧姆定律算出此时的电压，即为实验中所控制的定值电阻两端的电压；

探究电流与电阻的关系时，应控制定值电阻两端的电压不变，根据串联分压确定滑片移动的方向；

（4）根据在电压一定时，电流与电阻成反比分析出图像。

【解答】解：（1）实验中，电源电压为3V，所以电压表选用0～3V的量程与电阻并联，电路图如下所示： ；（2）为了保护电路闭合开关前滑片放在阻值最大处；图乙中电流表选择的是0～0.6A量程，分度值是0.02A，读出电流表示数为0.4A；（3）定值电阻R两端电压为：U_定＝IR_定＝0.4A×5Ω＝2V，即实验中控制电压表的示数为2V；探究电流与电阻的关系时，应控制定值电阻两端的电压不变，根据串联分压原理知，当定值电阻由5Ω变为10Ω、20Ω时，分得的电压也变大，由串联分压特点知，需要增大滑动变阻器分得的电压，根据分压原理知需要增大滑动变阻器接入电路中的电阻，所以应将滑动变阻器的滑片P向左移动，直到电压表的示数为2V；（4）分析实验数据得出结论，在电压一定时，电流与电阻成反比，或电流与电阻的倒数成正比，故丙图的右图正确，左图错误。故答案为：（1）见上图；（2）大；0.4；（3）左；2；（4）右图。

【难度】3

24．（6分）小明对电流表指针偏转的原因产生了兴趣，他在实验室找到一只可拆卸的电

流表，进行了如下探究。

（1）打开外壳，观察电流表的内部结构，示意图如图所示。按照操作规范将电流表 　 　联接入电路，通电后线圈转动，带动指针偏转；撤去磁体再次通电，指针不动。这说明电流表指针偏转的原因是通电线圈在 　 　中受力转动，这与 　 　的工作原理相同。

（2）若让电流从电流表的“﹣”接线柱流入，“+”接线柱流出，指针偏转方向会与（1）中的偏转方向 　 　，因此使用电流表时不能把接线柱接反。

（3）若在电流表“+”“﹣”接线柱之间连接一根导线，用手拨动电流表指针，导线中会产生感应电流，这种现象叫做 　 　，据此可制成 　 　。

【答案】（1）串；磁场；电动机；（2）相反；（3）电磁感应现象；发电机。

【考点】探究磁场对通电导线的作用；电磁感应现象；电流表的使用方法；电流表与用电器串联

【分析】（1）电流表应串联接入电路中；通电导体在磁场中受力运动；

（2）通电线圈在磁场中的受力方向与电流方向、磁场方向有关；

（3）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线的运动时，导体中就会产生电流，这种现象叫电磁感应现象。

【解答】解：（1）电流表在测量电流时，应串联接入电路；电流表通电后线圈转动，带动指针偏转；撤去磁体再次通电，指针不动，这说明电流表指针偏转的原因是通电线圈在磁场中受力转动，这与电动机的工作原理相同；（2）若让电流从电流表的“﹣”接线柱流入，“+”接线柱流出，磁场方向不变，电流方向改变，指针偏转方向改变，会与（1）中的偏转方向相反，因此使用电流表时不能把接线柱接反；（3）若在电流表“+”“﹣”接线柱之间连接一根导线，用手拨动电流表指针，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导线中会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理。故答案为：（1）串；磁场；电动机；（2）相反；（3）电磁感应现象；发电机。

【难度】3

25．（5分）小明在厨房帮妈妈煮饺子，发现饺子刚入锅时沉在水底，一段时间后饺子鼓起来，煮熟后漂浮在水面上。小明猜想，物体受到的浮力大小可能与它排开液体的体积有关，于是设计实验进行探究。他把适量砂子装入气球，并充入少量空气，制成一个“饺子”进行了如下实验。实验中充入“饺子”的空气质量忽略不计。

（1）如图甲所示，用弹簧测力计测出“饺子”的重力G＝　 　N。

（2）如图乙所示，将“饺子”浸入水中，“饺子”沉底，它受到的浮力F_乙与其重力G的大小关系为F_乙　 　G。

（3）用测力计把“饺子”竖直拉离水底，在水中静止，测力计的示数如图丙所示，它受到的浮力F_丙＝　 　N。

（4）向“饺子”中充入适量空气，体积变大，浸入水中，测力计的示数如图丁所示，此时它受到的浮力为F_丁，则F_丁与F_丙的大小关系为F_丁　 　F_丙。

（5）向“饺子”中充入更多的空气，浸入水中，“饺子”排开水的体积更大，最终漂浮在水面上，如图戊所示。至此，小明验证了自己的猜想，即物体受到的浮力大小与它排开液体的体积有关，且排开液体的体积越大，浮力越 　 　。

【答案】（1）1.6；（2）＜；（3）0.6；（4）＞；（5）大。

【考点】探究浮力大小与排开液体体积的关系；探究浮力大小的影响因素

【分析】（1）首先看清甲图弹簧测力计的分度值，然后根据指针位置读出即可；

（2）根据物体的浮沉条件，浮力小于重力，沉底；

（3）由图丙读出F_示，根据称重法测浮力的大小求得F_浮＝G﹣F_示；

（4）由图丙读出F_示，根据称重法测浮力的大小求得F_浮＝G﹣F_示；然后与F_丙比较即可；

（5）根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论。

【解答】解：（1）由图甲可知：弹簧测力计的分度值为0.2N，读出“饺子”的重力G＝1.6N；（2）“饺子”沉底，由物体的浮沉条件可知，它受到的浮力F_乙与其重力G的大小关系为F_乙＜G；（3）由图丙读出F_示丙＝1.0N，则F_丙＝G﹣F_示丙＝1.6N﹣1.0N＝0.6N；（4）由图丁读出F_示丁＝0.7N，则F_丁＝G﹣F_示丁＝1.6N﹣0.7N＝0.9N；由此可知F_丁＞F_丙；（5）向“饺子”中充入更多的空气，浸入水中，“饺子”排开水的体积更大，浮力增大，由此可知，物体受到的浮力大小与它排开液体的体积有关，液体密度不变时，物体排开液体的体积越大，浮力越大。故答案为：（1）1.6；（2）＜；（3）0.6；（4）＞；（5）大。

【难度】5

五、计算题（满分15分，共2题）

26．（8分）小明家的电热水壶电热丝断了，他想用一根新电热丝R₀替换，但不知道阻值，于是他用伏安法进行了测量，用记录的多组数据描绘出R₀的U﹣I图象，如图所示。在老师的安全指导下，小明利用R₀重新组装好电热水壶，接在220V家庭电路中能正常工作，忽略温度对电阻的影响。求：

（1）R₀的阻值。

（2）新电热水壶的额定功率。

（3）新电热水壶工作400s，把质量为1kg的水从20℃加热到100℃，其加热效率是多少。[c_水＝4.2×10³J/（kg•℃）]

【答案】（1）R₀的阻值为44Ω；（2）新电热水壶的额定功率为1100W；（3）新电热水壶工作400s，把质量为1kg的水从20℃加热到100℃，其加热效率是76.4%。

【考点】电热的综合计算；能量的利用效率；电功率的综合计算

【分析】（1）由图读出电压值和对应的电流值，根据R 算出R₀的阻值；

（2）根据P 算出新电热水壶的额定功率；

（3）知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q_吸＝cm（t﹣t₀）求出水吸收的热量；

根据W＝Pt求出消耗的电能，利用η 100%求出电热水壶的加热效率。

【解答】解：（1）由图知当电压为11V时对应的电流为0.25A，根据I 得R₀的阻值为：R₀ 44Ω；（2）新电热水壶的额定功率为：P 1100W，（3）水吸收的热量：Q_吸＝c_水m（ t﹣t₀）＝4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×10⁵J；由P 可得消耗的电能：W＝P_加热t＝1100W×400s＝4.4×10⁵J，电热水壶的加热效率：η 100% 100%≈76.4%。答：（1）R₀的阻值为44Ω；（2）新电热水壶的额定功率为1100W；（3）新电热水壶工作400s，把质量为1kg的水从20℃加热到100℃，其加热效率是76.4%。

【难度】5

27．（7分）某兴趣小组制作了一只平底小船，重力为1.2N，放在水平桌面上，与桌面的接触面积为1×10^﹣2m²。

（1）求小船对水平桌面的压强。

（2）如图甲所示，把小船放入盛有适量水的长方体水槽中，漂浮在水面上。在小船中放入一金属块后，小船仍漂浮在水面上，排开水的体积增加了2×10^﹣4m³。求金属块的质量。（g＝10N/kg，ρ_水＝1.0×10³kg/m³）

（3）小组成员通过探究发现，可以利用图甲装置的液面升降来测量物体的质量和体积，从而求出物体的密度。实际测量过程中，发现水面升降不明显，于是想出了一个将水面升降放大的方法：如图乙所示，使一束激光与水平面成α角斜射到水面，反射光照射在水平标尺上的A点；当水面上升Δh时，光点A移动了距离l，推理可知二者关系为h ltanα，改变α角可调节放大倍数。

实际测量时，保持入射光不变，标记光点A的位置。将待测物体放入小船中，小船仍漂浮，光点A移动的距离记为l₁；将物体从小船中取出，使其浸没于水中，光点A移动的距离记为l₂。请你推导出物体密度ρ的表达式（水的密度用ρ_水表示）。

【答案】（1）小船对水平桌面的压强为1.2×10²Pa；（2）金属块的质量为0.2kg；（3）物体的密度表达式为 。

【考点】密度的简单计算；压强的公式的应用；光的反射定律的应用

【分析】（1）根据 求出小船对水平桌面的压强；

（2）由物体的浮沉条件可知，金属块的质量等于增加的排开水的质量；

（3）根据物体放在小船中的漂浮状态，求出物体的质量，根据物体浸入水中的状态，求出物体的体积，利用 求出物体的密度。

【解答】解：（1）小船对水平桌面的压强 （2）在小船中放入一金属块后，小船仍漂浮在水面上，由物体的浮沉条件可知ΔF_浮＝ΔG_排＝G_金，ρ_水gΔV_排＝m_金g，即金属块的质量 （3）设容器中水面的面积为S_水，将待测物体放入小船中，水面升高的高度为 ，则物体的受到的重力 ，由 可知，物体的质量为 ；将物体从小船中取出，使其浸没于水中，物体排开水的体积等于物体的体积，所以 物体的密度 答：（1）小船对水平桌面的压强为1.2×10²Pa；（2）金属块的质量为0.2kg；（3）物体的密度表达式为 。

【难度】5