2021年江苏省盐城市中考物理试卷

一、选择题

1．（2分）“北斗”卫星可以为汽车实现厘米级定位导航服务，它们之间信息传递利用的是（　　）

A．红外线

B．紫外线

C．微波

D．超声波

【答案】C

【考点】电磁波的传播；卫星通信

【分析】电磁波能传递信息，通信卫星是微波通信的中继站，微波是电磁波。

【解答】解：卫星导航系统传递信息利用的是无线电波，无线电波是电磁波的一种，微波属于无线电波的某一波段。故选：C。

【难度】1

2．（2分）2020年12月22日，我市瓷刻工艺被列入国家级非物质文化遗产名录，刻刀能在坚硬的瓷器上雕刻，是因为它的（　　）

A．硬度大

B．导电性强

C．密度大

D．导热性好

【答案】A

【考点】物质的物理属性；密度在生产、生活中的应用

【分析】物质的物理属性：物质与物质之间总是有一些区别的，一种物质与其他物质的明显不同之处称为物质的属性．如果这种区别是物理的，我们就称之为物质的物理属性．物质的物理属性包含：密度、比热容、硬度、透明度、导电性、导热性、弹性、磁性等等．

【解答】解：根据题意刻刀能在坚硬的瓷器上雕刻，是因为它的硬度大。故选：A。

【难度】1

3．（2分）如图所示，将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起。这一现象证明（　　）

A．分子间有空隙

B．分子间存在吸引力

C．分子间存在排斥力

D．分子处在永不停息地无规则运动中

【答案】B

【考点】分子间作用力的现象；分子的热运动

【分析】要掌握分子运动论的知识，物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动，分子之间有空隙，分子间有相互作用的引力和斥力，引力和斥力是同时存在的，对于任何物体都是成立的。

【解答】解：两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起，是因为分子间有相互作用的引力，所以ACD错误，B正确。故选：B。

【难度】3

4．（2分）端午节龙舟赛时，选手们用更大的力敲同一面鼓，鼓声的（　　）

A．响度变小

B．响度变大

C．音调变低

D．音调变高

【答案】B

【考点】响度与振幅、距离发声体的关系；音调、响度、音色的比较

【分析】声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。

【解答】解：选手们用更大的力敲同一面鼓，鼓面的振幅变大，响度变大。故选：B。

【难度】1

5．（2分）2020年12月31日，盐通高铁正式开通，小华乘坐高铁前往上海，列车行驶过程中，若说坐在座椅上的小华是静止的，则选择的参照物可能是（　　）

A．地面上的大树

B．迎面行驶过来的列车

C．列车里的座椅

D．列车里行走的乘务员

【答案】C

【考点】参照物的选择

【分析】被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，则被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，则被研究的物体是静止的。

【解答】解：ABD、小华坐在行驶的列车内，相对于地面上的大树、迎面行驶过来的列车及列车内行走的乘务员的位置都发生了改变，所以以地面上的大树、迎面行驶过来的列车及列车内行走的乘务员为参照物，小华是运动的，故ABD不符合题意；C、以列车里的座椅为参照物，小华相对于列车里的座椅的位置没有发生改变，所以小华相对于列车里的座椅是静止的，故C符合题意。故选：C。

【难度】3

6．（2分）下列用电器主要利用电流热效应工作的是（　　）

A． 电饭锅

B． 电视机

C． 电风扇

D． 电冰箱

【答案】A

【考点】电流的热效应

【分析】电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如白炽灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的应用实例。

【解答】解：A、电饭煲工作时，将电能转化为内能，加热食物，是利用电流的热效应工作的，故A符合题意；B、电视机工作时，主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应工作的，故B不符合题意；CD、电风扇和电冰箱工作时，主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故CD不符合题意。故选：A。

【难度】3

7．（2分）诗人陆游用“夜阑卧听风吹雨，铁马冰河入梦来”表达自己的爱国情怀。河水结冰发生的物态变化是（　　）

A．凝固

B．液化

C．凝华

D．熔化

【答案】A

【考点】凝固的概念及现象

【分析】物质从液体变为固态的过程叫做凝固。

【解答】解：河水结冰是液态水变为固态冰的凝固现象。故选：A。

【难度】1

8．（2分）如图所示，小明利用两个形状不同的玻璃杯甲和乙，制成了测量液体体积的工具，每隔10mL标注了一个刻度线，甲杯最多能装水100mL，乙杯最多能装水200mL，则（　　）

A．甲杯量程大，刻度均匀

B．甲杯量程小，刻度不均匀

C．乙杯量程小，刻度均匀

D．乙杯量程大，刻度不均匀

【答案】D

【考点】量筒的使用方法

【分析】根据玻璃杯形状进行分析。

【解答】解：每隔10mL标注了一个刻度线，甲杯最多能装水100mL，乙杯最多能装水200mL，所以乙的量程大，但乙杯下小上大，则乙的刻度不均匀。故选：D。

【难度】1

9．（2分）旗杆顶端装有定滑轮，升旗时旗手向下拉绳子，国旗冉冉升起。下列说法正确的是（　　）

A．旗手对绳的拉力一定等于国旗重力

B．旗手对绳的拉力等于国旗重力的一半

C．国旗上升的距离等于被旗手拉下的绳端移动距离

D．国旗上升的距离等于被旗手拉下的绳端移动距离的一半

【答案】C

【考点】定滑轮的实质；定滑轮

【分析】定滑轮使用时，滑轮的位置固定不变；定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向。

【解答】解：AB、旗杆顶端装有的定滑轮，实质是等臂杠杆，使用时，不省力也不费力。不计绳重和摩擦且国旗匀速上升时，旗手对绳的拉力一定等于国旗重力，若计绳重和摩擦，旗手对绳的拉力大于国旗重力，故AB错误；CD、旗杆顶端装有定滑轮，定滑轮实质是等臂杠杆，使用时，不省距离也不费距离，则国旗上升的距离等于被旗手拉下的绳端移动距离，故C正确、D错误。故选：C。

【难度】5

10．（2分）如图所示，小聪用一个长方体铝块探究影响浮力大小的因素。他先后将该铝块平放、侧放和竖放，使其部分浸入同一杯水中，保证每次水面到达同一标记处，比较弹簧测力计示数大小。该实验探究的是下列哪个因素对浮力大小的影响（　　）

A．液体的密度

B．物体的密度

C．物体排开液体的体积

D．物体浸入液体的深度

【答案】D

【考点】探究浮力大小的影响因素

【分析】影响浮力的因素是液体的密度和排开液体的体积，根据控制变量法分析解答即可。

【解答】解：他先后将该铝块平放、侧放和竖放，使其部分浸入同一杯水中，液体的密度相同，每次水面到达同一标记处，说明物体排开水的体积相同，物体浸入水的深度不同，比较弹簧测力计示数大小，可以探究浮力与物体浸入液体的深度的关系，故D正确。故选：D。

【难度】5

11．（2分）如图甲所示，用强磁铁块匀速靠近铜线圈，线圈绕O点发生转动，引起线圈转动的原因有两个：①强磁铁运动带动线圈周围空气流动；②强磁铁块匀速靠近使线圈中产生感应电流。小峰想探究哪个是使线圈转动的主要原因，他进行了以下两个实验，实验1：将外形相同的木棒以相同方式靠近线圈，多次实验，线圈都几乎不转动；实验2：如图乙所示，在线圈前挡一块透明塑料板，将强磁铁以相同方式靠近线圈，多次实验，线圈都有明显转动。则（　　）

A．①是主要原因

B．②是主要原因

C．①和②都是主要原因

D．不能说明哪个是主要原因

【答案】B

【考点】电磁相互作用

【分析】根据题目给出的操作和现象，应用控制变量法的思想去判断相关的影响因素。

【解答】解：实验1中，将外形相同的木棒靠近线圈，多次实验，线圈都几乎不转动，说明在没有磁场存在的情况下，强磁铁运动带动周围空气流动，对线圈的影响非常小；实验2中，用塑料板挡住线圈是为了排除空气流动的影响，而将强磁铁靠近线圈时，线圈都有明显转动说明是因为强磁铁快速靠近使线圈中产生感应电流，而通电导线在磁场中会受到力的作用，所以线圈转动的主要原因是②强磁铁快速靠近使线圈中产生感应电流；故ACD错误，B正确。故选：B。

【难度】5

12．（2分）如图是小明眼睛在N点看到鱼缸内M点处鹅卵石的光路图。鱼缸内注入更多水后，小明的眼睛在N点仍然可以看到鹅卵石。选项中带箭头的虚线代表原来的光路，能正确反映水变多后小明看到鹅卵石的光路图是（　　）

A．

B．

C．

D．

【答案】C

【考点】光折射的光路图

【分析】发生光的折射时，折射角随入射角增大（减小）而增大（减小）。

鱼缸内注入更多水后，小明的眼睛在N点仍然可以看到鹅卵石，说明从M点发出的光经水面折射后的折射光线仍通过N点，据此分析解答。

【解答】解：鱼缸注入更多水后，小明的眼睛在N点仍然可以看到鹅卵石，所以折射光线仍通过N点。A、水面升高，图中入射角变小，但折射角变大，故A错误；B、水面升高，图中入射角不变，但折射角变大，故B错误；C、水面升高，图中入射角变大，折射角也增大，故C正确；D、水面升高，图中入射角变大，折射角不变，故D错误。故选：C。

【难度】3

二、填空题（本题共8小题，每空1分，共24分）

13．（3分）大美湿地，水韵盐城。我市滩涂种植了数百亩“海水稻”，风吹稻田，稻浪翻滚。走进稻田，我们看到稻叶是绿色的，是因为稻叶 　 　绿光；看到秸秆被风吹弯，说明力可以使物体发生 　 　；听到沙沙的声响，这是声响是由物体 　 　产生的。

【答案】反射；形变；振动

【考点】声音产生的原因；物体的颜色；力可以使物体发生形变

【分析】（1）不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的；透明物体的颜色是由它透过的色光决定的；

（2）力的作用效果：一是改变物体的形状；二是使物体的运动状态发生改变；

（3）声音是由物体振动产生的。

【解答】解：因为不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的，所以我们看到稻叶是绿色的，说明稻叶能反射绿光；看到秸秆被风吹弯，说明力可以使物体发生形变；听到沙沙的声响，这是声响是由物体振动产生的。故答案为：反射；形变；振动。

【难度】3

14．（3分）同学们乘坐大客车去参加社会实践活动。小华上车时，他的手刚触碰到车门，就被“电”了一下，这是因为汽车在行驶过程中与空气摩擦而带了 　 　。大客车以80km/h的速度匀速行驶0.5h，通过的路程是 　 　km。同学们必须系安全带，这是为了防止汽车刹车时人由于 　 　向前倾倒。

【答案】电；40；惯性

【考点】惯性的概念

【分析】（1）根据摩擦起电实质解答此题；

（2）根据速度公式得出大客车的路程；

（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，平时要注意防止由于惯性带来的伤害。

【解答】解：（1）汽车在行驶过程中与空气摩擦，产生摩擦起电现象，从而带了电，所以手刚触车门就被“电”了一下；（2）大客车以80km/h的速度匀速行驶0.5h，通过的路程s＝vt＝80km/h×0.5h＝40km；（3）同学们必须系安全带，这是为了防止汽车刹车时人由于惯性向前倾倒。故答案为：电；40；惯性。

【难度】1

15．（3分）以镜正衣冠。小丽站在竖直的平面镜前，她在镜中所成的像是 　 　（选填“虚”或“实”）像。当她由远及近走向平面镜的过程中，像到镜面的距离变 　 　，像的大小 　 　。

【答案】虚；小；不变

【考点】像与物大小相等；平面镜成像的特点与规律

【分析】平面镜成像的特点是：①所成的像是虚像；②像和物体形状、大小相同；③像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；④像和物体各对应点到平面镜间距离相等。

【解答】解：小丽站在竖直的平面镜前，根据平面镜成像的特点可知，她在镜中所成的像是虚像；

当她由远及近走向平面镜的过程中，像距始终等于物距，物距变小了，则像到镜面的距离也会变小；

像的大小始终与她的大小相同，即像的大小不变。故答案为：虚；小；不变。

【难度】3

16．（3分）如图所示，在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，小红将木块置于水平桌面上，用弹簧测力计沿 　 　方向拉动，使其做 　 　运动，记下弹簧测力计的示数，再将一个砝码叠加在木块上重复上面实验，弹簧测力计的示数变大，说明滑动摩擦力大小与 　 　有关。

【答案】水平；匀速直线；压力大小

【考点】探究影响滑动摩擦力大小的因素的实验

【分析】（1）根据二力平衡的知识可知，弹簧测力计水平方向匀速拉动木块时，弹簧测力计才能测出摩擦力的大小；

（2）滑动摩擦力大小与压力大小有关。

【解答】解：（1）用弹簧测力计水平方向匀速拉动木块时，弹簧测力计处于匀速直线运动状态，则弹簧测力计在水平方向上受到了摩擦力和拉力才是一对平衡力；（2）再将一个砝码叠加在木块上重复上面实验，木块对桌面的压力变大，弹簧测力计的示数变大，说明滑动摩擦力大小与压力大小有关。故答案为：水平；匀速直线；压力大小。

【难度】3

17．（3分）2020年11月13日，“奋斗者”号首次下潜至逾万米深的马里亚纳海沟。“奋斗者”号入海后，舱壁遇到冷的海水后温度降低，内能 　 　，这是通过 　 　的方式改变内能的。随着下潜深度增加，海水对舱壁的压强逐渐变 　 　。

【答案】减小；热传递；大

【考点】液体压强规律

【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；

（2）潜水艇在下潜的过程中，所处深度变大，由液体压强公式分析所受压强变化情况。

【解答】解：“奋斗者”入海后，舱壁遇到冷的海水，放出热量，温度降低，内能减小，这是通过热传递的方式改变内能的。潜水艇在下潜的过程中，所处深度h变大，由p＝ρgh，可知，潜水器受到水的压强变大。故答案为：减小；热传递；大。

【难度】3

18．（3分）用煤气灶把初温为20℃、质量为2kg的水加热到70℃，水吸收的热量为 　 　J，若煤气燃烧时放出的热量全部被水吸收，则需要完全燃烧 　 　kg的煤气，事实上，将这壶水加热到70℃需要的煤气质量更 　 　。[水的比热容为4.2×10³J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×10⁷J/kg]

【答案】4.2×10⁵；0.01；大

【考点】热值的简单计算；利用比热容的公式计算热量

【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、初温和末温，利用吸热公式Q_吸＝cm（t﹣t₀）求水吸收的热量；

（2）由题意可知，煤气完全燃烧释放的热量Q_放＝Q_吸，根据Q＝mq求出消耗煤气的质量；

（3）由于有热损失，则需要的煤气质量更大。

【解答】解：（1）水吸收的热量：Q_吸＝cm_水（t﹣t₀）＝4.2×10³J/（kg•℃）×2kg×（70℃﹣20℃）＝4.2×10⁵J；（2）由题意可知，Q_放＝Q_吸＝4.2×10⁵J，根据Q_放＝mq_煤气可得，消耗煤气的质量：m_煤气 0.01kg；（3）由于有热损失，则事实上将这壶水加热到70℃需要的煤气质量更大。故答案为：4.2×10⁵；0.01；大。

【难度】5

19．（3分）在探究凸透镜成像规律时，利用太阳光测量凸透镜的焦距，我们需要将凸透镜 　 　太阳光。组装并调节实验器材，使烛焰和光屏的中央位于凸透镜的 　 　上，目的是使像成在光屏的中央。如图所示，像成在了光屏的中央，此装置 　 　（选填“有”或“没有”）按照要求调节。

【答案】正对；主光轴；没有

【考点】探究凸透镜成像的规律

【分析】利用太阳光测量凸透镜焦距，应让凸透镜正对太阳光，白纸应与凸透镜平行，来回移动透镜，找到最小最亮的光斑；

为了使像成在光屏中央，需要调整烛焰、凸透镜光心和光屏中心在同一高度；

【解答】解：利用太阳光测量凸透镜焦距，应让凸透镜正对太阳光，白纸应与凸透镜平行，来回移动透镜，找到最小最亮的光斑，光斑到透镜中心的距离即为焦距；为了使像成在光屏中央，需要调整烛焰、凸透镜光心和光屏中心在同一高度，在凸透镜的主光轴上；由图可知，此时烛焰、凸透镜光心和光屏中心没有在同一高度上，没有按照要求调节。故答案为：正对；主光轴；没有。

【难度】5

20．（3分）综合实践活动中，小田利用电能表和秒表测量家中电热水壶的电功率。在确保只有电热水壶工作时，读出电能表示数为 ，烧水5min后，电能表的示数变为 ，此过程中电热水壶消耗的电能为 　 　kW•h，它的电功率为 　 　W。若测量电能表指示灯闪烁适量次数所用的时间，并利用电能表常数3200imp/（kW•h）计算出电功率。这种方法与原方法相比，具有的优点是 　 　（说出一点即可）。

【答案】0.1；1200；可测量较小的电能

【考点】电能表的计算；电能表的读数

【分析】（1）电能表示数最后一位是小数，单位为kW•h，据此读出两次电能表的示数，进而得出故此过程中电热水壶消耗的电能；

根据P 得出它的电功率；

（2）原方法最小只能测量0.1kW•h的电能，此方法可测量比0.1kW•h小的电能。

【解答】解：（1）电能表示数最后一位是小数，单位为kW•h，故此过程中电热水壶消耗的电能为W＝4283.7kW•h﹣4283.6kW•h＝0.1kW•h，它的电功率P 1.2kW＝1200W；（2）原方法最小只能测量0.1kW•h的电能，此方法可测量比0.1kW•h小的电能。故答案为：0.1；1200；可测量较小的电能。

【难度】5

三、解答题：本题7小题，共52分.解答22、23题时应有解题过程.

21．（2分）在图中画出钓鱼竿所受阻力F₂的力臂L₂。

【答案】

【考点】力和力臂的画法

【分析】力臂是支点到力的作用线的距离，据此分析解答。

【解答】解：人右手与钓鱼竿接触处是支点，线对鱼竿拉力是阻力F₂，由支点作阻力作用线的垂线，垂线段为其力臂L₂，如图所示：

【难度】3

22．（2分）在图中画出入射光线对应的反射光线。

【答案】

【考点】利用光的反射作图

【分析】反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角；入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。

【解答】解：根据光的反射定律，反射光线和入射光线分居在法线的两侧，反射角等于入射角，作出反射光线，如图所示：

【难度】3

23．（2分）在图中，用笔画线代替导线将电灯和开关接到电路中。

【答案】

【考点】家庭电路的连线作图

【分析】对于电灯接线的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯口，火线接在开关上，通过开关进灯头。”

【解答】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡，零线直接接入灯泡。

【难度】3

24．（6分）小明用30N的水平推力使超市购物车在水平路面上前进了20m，所用时间为40s，购物车的质量为20kg，g取10N/kg。求：

（1）购物车的重力。

（2）此过程中推力做的功。

（3）推力做功的功率。

【答案】（1）购物车的重力为200N；（2）此过程中推力做的功为600J；（3）推力做功的功率为15W。

【考点】功的简单计算；功率的计算；重力的计算

【分析】（1）根据G＝mg可求出重力；

（2）根据W＝Fs可求出推力做的功；

（3）根据P 可求出推力做功的功率。

【解答】解：（1）购物车的重力为：G＝mg＝20kg×10N/kg＝200N；（2）此过程中推力做的功为：W＝Fs＝30N×20m＝600J；（3）推力做功的功率为：P 15W。答：（1）购物车的重力为200N；（2）此过程中推力做的功为600J；（3）推力做功的功率为15W。

【难度】3

25．（9分）梅雨季节空气湿度R_H较大，人会感觉不舒服，人体感觉比较舒服的湿度R_H范围是40%～60%。小聪设计了一款湿度计，从湿度计（由小量程电流表改装而成）指针所指刻度可知湿度大小，其原理如图甲所示.R₀为1000Ω的定值电阻，电源电压恒为6V，R为湿敏电阻，其阻值随空气湿度的变化关系如图乙所示，当指针所指湿度对应电流表示数为2mA时。

（1）计算电路消耗的总功率。

（2）如果空气湿度不变，求3min内电阻R₀消耗的电能。

（3）求此时的空气湿度，并判断人体感觉是否舒服。

【答案】（1）电路消耗的总功率为0.012W；（2）3min内电阻R₀消耗的电能为0.72J；（3）此时的空气湿度为50%，人体感觉舒服。

【考点】欧姆定律的应用；电功与电能的计算；电功率P＝UI的简单计算

【分析】（1）闭合开关，两电阻串联，电流表测量电路中的电流。

当指针所指湿度对应电流表示数为2mA时，电路中的电流I＝2mA＝0.002A，

根据P＝UI求出电路消耗的总功率；

（2）根据W＝I²R₀t求出3min内电阻R₀消耗的电能；

（3）根据欧姆定律可知电路总电阻，根据电阻串联的特点可知湿敏电阻R的阻值，从图乙中可知此时的空气湿度，已知人体感觉比较舒服的湿度R_H范围是40%～60%，据此判断人体感觉是否舒服。

【解答】解：（1）由图甲可知，闭合开关，两电阻串联，电流表测量电路中的电流。当指针所指湿度对应电流表示数为2mA时，电路中的电流I＝2mA＝0.002A，电路消耗的总功率：P＝UI＝6V×0.002A＝0.012W；（2）3min内电阻R₀消耗的电能：W＝I²R₀t＝（0.002A）²×1000Ω×3×60s＝0.72J；（3）根据欧姆定律可知此时电路的总电阻：R_总 3000Ω，根据电阻串联的特点可知湿敏电阻的阻值：R＝R_总﹣R₀＝3000Ω﹣1000Ω＝2000Ω＝2kΩ，从图乙中可知此时的空气湿度为50%，因人体感觉比较舒服的湿度R_H范围是40%～60%，故此时人体感觉舒服。答：（1）电路消耗的总功率为0.012W；（2）3min内电阻R₀消耗的电能为0.72J；（3）此时的空气湿度为50%，人体感觉舒服。

【难度】3

26．（6分）小明做“测量色拉油密度”的实验。

（1）将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端 　 　后，指针偏向分度盘中央刻度线的左侧，此时应将横梁上的平衡螺母向 　 　侧调节，使天平平衡。

（2）向烧杯中倒入适量的色拉油后，将其放在天平的 　 　盘，天平平衡时，所加砝码和游码位置如图所示，烧杯和液体的总质量为 　 　g；再将烧杯中部分色拉油倒入量筒中，量筒中液体的体积为40mL；最后用天平测出烧杯和烧杯中剩余液体的总质量为31g，色拉油的密度为 　 　g/cm³。

（3）小明将烧杯中色拉油倒入量筒时，量筒壁上沾有较多液体，则他测得色拉油的密度 　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。

【答案】（1）零刻度线；右；（2）左；56；0.625；（3）大于。

【考点】测量液体的密度

【分析】（1）使用天平测量物体的质量时，先将天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，调节横梁两端的平衡螺母，使天平平衡，平衡螺母按指针右偏左调、左偏右调的方法进行调节；

（2）用天平测物体质量时，应把待测物体放在左盘，向右盘中添加砝码；物体质量等于砝码总质量与游码所对刻度值之和；倒入量筒中色拉油质量等于烧杯和液体的总质量与烧杯和剩余液体的总质量的差；根据密度公式计算色拉油的密度；

（3）量筒壁沾有色拉油，据此分析所测色拉油体积变化，从而分析所测得色拉油密度的差异。

【解答】解：（1）测量前，将天平放在水平桌面上，先移动游码至标尺左端零刻度线，指针偏向分度盘中央刻度线的左侧，此时应将横梁上的平衡螺母向右侧调节，直到指针指在分度盘中央，使天平平衡。（2）向烧杯中倒入适量的色拉油后，将其放在天平的左盘；由图知，天平标尺的分度值为0.2g，游码左侧对应的刻度值为1g，所以烧杯和色拉油总质量为50g+5g+1g＝56g，量筒中色拉油的质量为56g﹣31g＝25g，色拉油的密度ρ 0.625g/cm³；（3）根据实验操作步骤知，色拉油质量测量准确，由于量筒壁上沾有较多色拉油，使得所测体积变小，根据密度公式知，他测得色拉油密度大于真实值。故答案为：（1）零刻度线；右；（2）左；56；0.625；（3）大于。

【难度】5

27．（7分）如图甲所示，小亮在做“观察水的沸腾”实验。

（1）为了缩短实验时间，小亮向烧杯中注入适量的 　 　水。

（2）水沸腾时停止加热，不能继续沸腾。可见，沸腾过程需要 　 　。

（3）绘制出温度随时间的变化图像，如图乙所示。根据图像可知水的沸点为 　 　℃；沸腾时，水的温度变化特点是 　 　。

（4）小明猜想沸腾的水也能将图丙试管中的水加热至沸腾。实验时，用烧杯中沸水给试管的水加热。一段时间后，试管中的温度计示数上升到图丙所示的值后不再变化，其读数为 　 　℃，试管中的水 　 　（选填“沸腾”或“不沸腾”）。温度不再变化的主要原因是试管中水温较高时，水的蒸发变 　 　（选填“快”或“慢”），相同时间试管中的水从沸水中吸收的热量几乎等于试管中水蒸发吸收的热量。

【答案】（1）热；（2）吸热；（3）99；温度不变；（4）97；不沸腾；快。

【考点】缩短液体沸腾实验加热的时间的方法；探究水沸腾时温度变化的特点；探究水沸腾时温度变化的图像分析和数据处理

【分析】（1）为了缩短实验时间，需要给烧杯加盖或适当减少水量或适当提高水的初温；

（2）水沸腾的条件：达到沸点，不断吸收热量；

（3）水沸腾的条件：达到沸点，吸热温度不变；根据温度不变判断物质的沸点是多少；

（4）根据温度计分度值读数；

（3）晶体熔化过程中温度保持不变，据此求出熔化的时间；水沸腾的条件：达到沸点，不断吸热。试管中水温较高时，水的蒸发变快。

【解答】解：（1）为了缩短实验时间，小亮向烧杯中注入适量的热水。（2）水沸腾时要吸热，因此，停止加热，水就不能继续沸腾了；（3）根据水沸腾的特点，温度不变，持续吸热，故由图丙可知，沸点为99℃；由图乙可知，水沸腾温度变化的特点是温度不变；（4）如图乙中，温度计分度值为1℃，读数是97℃；试管中的水没有达到沸点，不沸腾。温度不再变化的主要原因是试管中水温较高时，水的蒸发变快，相同时间试管中的水从沸水中吸收的热量几乎等于试管中水蒸发吸收的热量。故答案为：（1）热；（2）吸热；（3）99；温度不变；（4）97；不沸腾；快。

【难度】3

28．（8分）如图甲所示，小明测量接线柱AB间镍铬合金丝的电阻。

（1）如图甲，请指出小明在连接电路前，操作中的一处不妥之处：　 　。

（2）用笔画线代替导线将电路补充完整，使滑动变阻器滑片向右移动电阻增大。

（3）实验时，将滑动变阻器的滑片从阻值最大处移到最小处的过程中，发现电流表示数逐渐变大但不超过量程，电压表始终无示数。经检查是电压表出现了故障，故障应是电压表发生了 　 　。

（4）排除故障后，第一次实验中电压表示数为0.5V，电流表的示数如图乙所示，该示数为 　 　A，此时合金丝的电阻为 　 　Ω。

（5）继续实验，根据测量需要及时调换电表量程，测得数据如下表。请在图丙中画出该镍铬合金丝的电流随电压的变化关系图像。

实验序号	1	2	3	4	5	6	7
电压U/V	0.5	1.0	1.5	2.0	2.5	3.0	3.5
电流I/A	/	0.16	0.24	0.30	0.37	0.42	0.45

（6）请推测若在该合金丝两端加4V的电压，电流表示数最可能为 　 　（选填“0.45A”“0.47A”或“0.52A”）。

【答案】（1）连接电路前，开关闭合；（2）见解答；（3）断路；（4）0.08；6.25；（5）见解答；（6）0.47

【考点】伏安法测电阻

【分析】（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开；

（2）滑动变阻器要“一上一下”串联接入电路，根据滑片移动方向确定接入的下接线柱；

（3）将滑动变阻器的滑片从阻值最大处移到最小处的过程中，发现电流表示数逐渐变大但不超过量程，则主电路是通路，电压表始终无示数，则电压表断路；

（4）根据所选量程和分度值读出电流值，再根据R 求出电阻；

（5）根据表中数据描点作图；

（6）根据表中数据分析可知，电压越大，通过合金丝的越小，电阻就越大，据此分析。

【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开；（2）滑动变阻器要“一上一下”串联接入电路，要使滑动变阻器滑片向右移动电阻增大，故应将左下接线柱接入电路，如图所示： （3）将滑动变阻器的滑片从阻值最大处移到最小处的过程中，发现电流表示数逐渐变大但不超过量程，则主电路是通路，电压表始终无示数，则电压表断路，电压表不能短路，否则滑动变阻器的滑片从阻值最大处移到最小处的过程中电流要超过量程；（4）由图可知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.08A，所示此时合金丝的电阻为：R 6.25Ω；（5）根据表中数据描点作图如下：

（6）根据表中数据分析可知，电压越大，通过合金丝的电流越大，电阻就越大，故当电压为4V时，合金丝的电阻应该比电压为3.5V时的电阻大一些，根据欧姆定律计算可知，当电压为3.5V，电阻为R 7.78Ω，则当电压为4V时，电流大于0.45A，但又要小于 0.52A，则此时电流可能为0.47A。故答案为：（1）连接电路前，开关闭合；（2）见解答；（3）断路；（4）0.08；6.25；（5）见解答；（6）0.47。

【难度】5

29．（10分）阅读短文，回答问题。

“天问一号”登陆火星的最后9分钟

2021年5月15日清晨4时许，我国“天问一号”着陆器（如图1甲）进入火星大气层，经过约9分钟的减速、悬停和缓冲，成功着落于火星表面，迈出了我国星际探测征程的重要一步。

着陆器刚进入大气层时，会迅速调整自己的姿势，使自身的运动方向、质心和压心处于一条直线上，以保持相对稳定的姿态下降，此时运动方向与轴线方向并不在同一直线上。下降一段时间后，当着陆器速度减小90%左右时，着陆器伸出“小翅膀”，通过向下压火星大气产生的反作用力，将其运动方向与轴线方向的夹角调整到0°，为安全打开降落伞摆正姿势。如图1乙所示，降落伞打开后减速到一定程度，先抛弃隔热大底，后抛弃背罩，让火星车和着陆平台（如图1丙）露出真容。随后，着陆平台打开发动机，通过向下喷燃气实现进一步减速，在距离火星地面100m高度处速度减为零，进入悬停状态。此时着陆平台开启雷达和光学相机等进行探测，寻找着陆点，在找准着陆点后继续下降，其速度先增大后减小，在经过高度20m后，维持恒定速度下降，平稳着陆。

（1）着陆器伸出“小翅膀”后，受到向上推力的施力物体是 　 　。

（2）从悬停到成功降落火星地面前，火星车的动能变化情况是 　 　。

A.增大→不变→减小

B.增大→减小→不变

C.不变→增大→减小

D.减小→增大→不变

（3）请在图1丙中画出火星车和着陆器平台处于悬停状态时，受到的“重力”G和气体对它的升力F_升的示意图。

（4）如图2四幅图中，能反映着陆器刚进入大气层时维持相对稳定姿态下降的是 　 　。

（5）已知降落伞下降过程所受气体阻力大小与速度大小成正比，比例系数在火星和地球上分别为k₁和k₂。降落伞达到最小速度时，其所受的气体阻力与着陆器重力大小相等。若同一个降落伞在火星表面和地球表面下降能达到的最小速度分别为v₁和v₂，同一物体在火星表面受到的“重力”与地球上的重力之比为2：5，则k₁：k₂为 　 　。

A.

B.

C.

D.

【答案】（1）火星大气；（2）B；（3）如图；（4）C；（5）A

【考点】动能的概念；画力的示意图；力的相互性；作用力与反作用力；力与运动的关系

【分析】（1）根据物体间力的作用是相互的判定施力物体；

（2）动能的大小与质量、速度有关；

（3）悬停时，火星车和着陆器平台处于平衡状态，据此画出力的示意图；

（4）着陆器刚进入大气层时，会迅速调整自己的姿势，使自身的运动方向、质心和压心处于一条直线上；

（5）降落伞达到最小速度时，阻力等于着陆器的重力；据此判定比例系数的大小。

【解答】解：（1）着陆器伸出“小翅膀”后，给火星大气一个向下的力，由于物体间力的作用是相互的，则火星大气给小翅膀一个向上的推力，所以受到向上推力的施力物体是火星大气；（2）在找准着陆点后继续下降，其速度先增大后减小，在经过高度20m后，维持恒定速度下降，其速度先增大后减小，火星车的质量不变，则动能先增大后减小，最后保持不变，故选B；（3）悬停时，火星车和着陆器平台处于平衡状态，受到的“重力”G和气体对它的升力F_升的大小相同，方向相反，重力作用在质心上，升力作用在压心上，故力的示意图为： ；（4）根据题意可知，着陆器刚进入大气层时，会迅速调整自己的姿势，使自身的运动方向、质心和压心处于一条直线上，但与轴线不重合，故C正确；（5）已知降落伞下降过程所受气体阻力大小与速度大小成正比，比例系数在火星和地球上分别为k₁和k₂，则：f＝kv；降落伞达到最小速度时，其所受的气体阻力与着陆器重力大小相等，即f＝G；则：G＝kv；同一个降落伞在火星表面和地球表面下降能达到的最小速度分别为v₁和v₂，同一物体在火星表面受到的“重力”与地球上的重力之比为2：5；则k₁：k₂ ： ，故A正确。

故答案为：（1）火星大气；（2）B；（3）如图；（4）C；（5）A。

【难度】5